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相当于一个背包问题，设计状态为f[i][j]表示前i个，达到j元的方案，这样记住合法的方案之后除非法方案即可 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<ll,ll> pll; con 阅读全文
posted @ 2021-02-11 22:03
朝暮不思
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我们把每个种族看作一个集合 已知最后他们联通，那么这就意味着他们到达某一点联通的代价是最小的 因此我们枚举所有点，找到最小值。 事实上，最后答案的连通块上面的点都是最小的，他们没有区别 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long 阅读全文
posted @ 2021-02-10 21:17
朝暮不思
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这个depth的式子就很有那味，明显就是把他拆分掉，维护0次项，一次项和二次项 因为只能从头，所以递归维护即可，注意到如果小于0了，就把他的贡献剪掉。 我第一次写的时候用了dfs序+线段树维护，复杂度感觉还行，但是内存和常数太大，过不了，只过了70%，这题本来也不用这么麻烦做 数据量给到1e6，用大 阅读全文
posted @ 2021-02-10 16:41
朝暮不思
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题目比较水，但是为了给我的tag加点量就水一篇题解 这题一个暴力的贪心就是按照利润排序，然后对于大的利润去找能满足条件的最晚的一天 这样的复杂度比较高，找的过程可以可以用set自带的二分去做，这样就是nlogn了 #include<bits/stdc++.h> using namespace std 阅读全文
posted @ 2021-02-09 22:50
朝暮不思
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这题奇数部分比较容易想到，用优先队列维护每个位置前能否取到指定个数，这样枚举每个位置座位中位数即可 对于偶数，由于两个数位置不确定，并且不能枚举两个，因此还是考虑要维护一个 这样就需要一个log复杂度以内的算法找到每个对应的最优解，常见的就是二分算法 我们观察题目性质，果然符合单调性，因为对于左边定 阅读全文
posted @ 2021-02-09 22:17
朝暮不思
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我们观察到只有查询操作。 这个查询可以通过线段树来实现，因为可以通过维护最大最小值来维护差值最大值，因为是一个星期，所以容易相当答案是关于周期循环的，因此建立七棵线段树。 恶心的是有两个方向，因此我们要建十四棵线段树维护 #include<bits/stdc++.h> using namespace 阅读全文
posted @ 2021-02-09 20:02
朝暮不思
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复健牛客每日一题系列 这题的dp感觉很浓，因为数据范围给的很像dp 刚开始我被能多次操作困惑了，以为是什么巧妙的贪心 但是其实多次能拿，一次也能拿，我们可以通过放的位置控制在m之内 因此这题是一道背包dp，因为每个物品都有三种选择，左边右边或者不放，而第二维状态可以表示为两边的差值 这题会产生负的， 阅读全文
posted @ 2021-02-09 11:16
朝暮不思
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虽然题目说着分两种类型，其实就是相当于对于每一行，选择一个矩形去框 那么这样就统一了形式，而我们发现，每一行只跟上一行相关。 还有一个问题是交叉部分的去重，我们发现这有三种情况，因此对于三种情况分别讨论 但是枚举更新复杂度太高，因此想到优化，这种优化比较套路，用线段树求区间最大值就行 #includ 阅读全文
posted @ 2021-02-07 19:54
朝暮不思
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B题 双指针+贪心，先按照权值排序，对于每个l，找到最近符合条件的r 注意如果可以不取A，那就别取A #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> pll; const 阅读全文
posted @ 2021-02-06 17:38
朝暮不思
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因为只有一条路，因此可以发现同一个深度的节点他们的父亲要相同 不同深度的节点，深度大的节点的父亲要在深度小的节点的父亲的子树当中 因此我们需要使用dfn就能查看是否在子树当中 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long 阅读全文
posted @ 2021-02-04 22:34
朝暮不思
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