朝暮不思

摘要： 本题容易看出分层的样子 对于i-1来更新i的答案。我们对于更新有两种选择，一种是直接枚举点对更新，一种是用spfa进行o(N*M)更新 我们发现对于两种情况的最坏复杂度情况不同，因此可以进行讨论选择使用哪一种更新、 #include<bits/stdc++.h> using namespace st 阅读全文

摘要： 计算一些数的平均数是否等于一个数，可以等价于将这些数-这个数后计算和是否为0，这样我们可以避免除法运算 为了避免负数，我们将初始可能值-n后+1000，这样只需要知道1000这个位置有没有达到即可。 对于如何扩展，我们对于每个数，都枚举所有能够对他产生贡献的数，并且避免重复的数出现，这样的复杂度是平 阅读全文

摘要： 思路的转换还是比较重要。 虽然本题有两个条件需要控制，但是我们发现第一个条件是根据输入顺序来的，那么就会产生一个猜想，如果边输边做，那么只需要维护第二个条件就可以了。 第二个条件是权值为递增，这个非常像dp中的最长上升子串，但是由于本题是图，所以不能用dp方程做，但是可以借鉴一下。 我们在做dp的时 阅读全文

摘要： 题目告诉我们连通块是一次染色的，因此我们将所有连通块缩点，这样树就变成了黑白相间且与原答案一样的树 对于这种树，我们采用贪心的策略，从树直径不断往外染色，那么染完直径就是答案。 这是因为我们直径上要黑白相间的染，这样对于其他的分支，也会不断地改变，当我们染完直径，其他不可能有比他更长的没被染色 并且 阅读全文

摘要： 显然质数越小越好，越小的质数次方越大越好，写个dfs爆搜一下 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef unsigned long long ll; const int N=4e5+10; const int inf=0x3f3f3f3 阅读全文

摘要： 当不存在没有被染色的边时： 若被自己染黑，则由于规则 1，这个点染了以后所有儿子都会被染 色，因此儿子的情况可以随便选： fu,1,0 = 1 + ∑min{fv,0/1/2,0/1} 若被儿子染黑，则必须要选择一个儿子传递上去，儿子能传递上 来只有两种情况： fu,0,0 = minv{min{f 阅读全文

摘要： 这个题有一个限制条件，就是每个位置会有d个怪物，题目告诉我们他会挡住d条路，并且要我们计算在最坏情况下的最短路。 最坏情况，就是阻挡我到达这个点之后，往外的前d小的路。因此这是一个多元变种迪杰斯特拉，在普通的多元迪杰斯特拉的情况 我们注意每个点的d状态，忽视前d个到达这个点的答案，这样跑出来的就是最 阅读全文

摘要： A 数位dp B 欧拉路径判定 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> pll; const int N=500005; const int inf=0x3f3f 阅读全文

摘要： 思维好题 首先考虑哪些状态下所有答案均为0，一种是，对于某一个点的邻边，存在三个相同的数，或者存在aabb形的数，因为我们无论以哪个点为根，这个点一定有两个作为他的儿子，所以上述情况都不满足。 在特判过后，我们寻找哪些可能满足条件，考虑进行dfs序遍历，对于每个点的dfs序和在他邻边中两个相等的边所 阅读全文

摘要： 对于本题，本质上是哈密顿回路，但是由于特殊性，每个点仅有一条往外的连边 因此，本题等价于欧拉路径的判断，只需要根据欧拉路径判断答案即可 即连通性和出度入度间的关系 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; t 阅读全文