朝暮不思

摘要： 对于这个dp转移方程，我们观察到的是每个点都从左上方转移或者上方转移。 如果从左上方转移，那么多了一个b[i]，可见我们对于每一行在第几列，就能获得几个b[i]，那么这其实就是求区间的前k大值和 这就是主席树模板题 #include<bits/stdc++.h> using namespace st 阅读全文

摘要： 套路题，对于步长大于根号n的，直接暴力做，对于步长小于根号n的，保留离线后 对于每个步长for一遍，这样复杂度也是n*根号n #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int 阅读全文

摘要： 这道题的原理是普通的二维差分和二维前缀和，但是因为不能开二维数组，因此映射到一维就行 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int N=1e7+10; const int mod=1e9+7; 阅读全文

摘要： 线段树题目，维护的信息非常对。 因为我们看到的是区间修改和区间查询，所以可以想到用线段树 现在的要求是往前后插数，求的是数的和。 因此我们可以考虑维护lazy标记往前插的数，往后插的数，和插的位数 并且还要维护答案sum1，以及区间的长度sum2，这是因为区间的长度是不定的，而我们维护区间和的时候， 阅读全文

摘要： 这题精妙的一点就是将通过把性质（最多一位是奇数）转化成前缀和异或和，之后任意两点之间的数量就是异或值。 这样我们把每条边的权值都当成1<<i即可。因为我们要对每个点计算答案，所以需要用树上启发式合并，也就是保留重儿子，遍历所有其他节点。 对于一个点的答案，他有三个来源，1是直接子树中的答案，2是以u 阅读全文

摘要： 一个经典套路是异或前缀和公式，因此我们可以枚举右端点，寻找异或值大于等于k的答案 做完后每次把前缀和放到trie树上面去。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int N=1000005; 阅读全文

摘要： 题目要求的是分组后的组间最大值-最小值的最小是多少。 因为我们发现有两个变量，因此很难做，一种经典思路就是固定一个答案，然后求相对于这个答案的另一个值的最优解，枚举所有情况取min即可。 对于本题，我们发现所有的值其实已经明了，因此先预处理计算后，我们可以枚举最小值，之后找到满足条件的最小的最大值。 阅读全文

摘要： C 分类讨论+思路 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int N=1e6+10; string s,t; int a[N]; vector<int> num; #define mp mak 阅读全文

摘要： 模拟退火模板，按比例接受 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N=1e5+10; const double eps=1e-8; double ans; double y; double cal(double x){return 阅读全文

摘要： 对于暴力dp来说，对于当前i位置分成j段的答案就是f[l][j-1]+val(l+1,i)，对于所有符合条件的答案取一个max 我们发现暴力会t，并且是取max，想到用线段树维护前一次的dp，这样只要dpk次就能获得答案。 至于val，其实就是区间修改，对于每个点，他有贡献的区间就是离他相同最近的点 阅读全文