2012 第三届全国软件大赛预选赛 (c++本科组) 题解
第一题:微生物增殖
假设有两种微生物 X 和 Y
X出生后每隔3分钟分裂一次(数目加倍),Y出生后每隔2分钟分裂一次(数目加倍)。
一个新出生的X,半分钟之后吃掉1个Y,并且,从此开始,每隔1分钟吃1个Y。
现在已知有新出生的 X=10, Y=89,求60分钟后Y的数目。
如果X=10,Y=90 呢?
本题的要求就是写出这两种初始条件下,60分钟后Y的数目。
题目的结果令你震惊吗?这不是简单的数字游戏!真实的生物圈有着同样脆弱的性质!也许因为你消灭的那只 Y 就是最终导致 Y 种群灭绝的最后一根稻草!
1 //1 微生物增殖 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 int main() 5 { 6 int x=10,y=90; 7 //int x=10,y=90; 8 int i; 9 int nx=x; 10 for(i=1;i<=120;i++) 11 { 12 if(i%6==0) 13 x*=2; 14 if(i%2) 15 y-=x; 16 if(i%4==0) 17 y*=2; 18 } 19 if(y<0) 20 y=0; 21 cout<<x<<endl<<y<<endl; 22 return 0; 23 } 24 /* 25 10 89 26 0 27 10 90 28 94371840 29 */
第二题:古堡算式
福尔摩斯到某古堡探险,看到门上写着一个奇怪的算式:
ABCDE * ? = EDCBA
他对华生说:“ABCDE应该代表不同的数字,问号也代表某个数字!”
华生:“我猜也是!”
于是,两人沉默了好久,还是没有算出合适的结果来。
请你利用计算机的优势,找到破解的答案。
把 ABCDE 所代表的数字写出来。
1 //2 古堡算式 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 5 int isok(int m,int *a) 6 { 7 int n=m,i=0,r; 8 while(n) 9 { 10 r=n%10; 11 n/=10; 12 a[i++]=r; 13 } 14 int size=i,j; 15 for(i=0;i<size;i++) 16 for(j=0;j<size;j++) 17 { 18 if(i!=j&&a[i]==a[j]) 19 return 0; 20 } 21 return size; 22 } 23 24 int judge(int *a,int *b,int size) 25 { 26 int i; 27 for(i=0;i<size;i++) 28 if(a[i]!=b[size-1-i]) 29 return 0; 30 return 1; 31 } 32 void print(int *a,int size) 33 { 34 int i; 35 for(i=0;i<size;i++) 36 cout<<a[i]<<" "; 37 cout<<endl; 38 } 39 int main() 40 { 41 int i,j; 42 int a[10],b[10],len; 43 for(i=10000;i<100000;i++) 44 { 45 if(len=isok(i,a)) 46 for(j=1;j<10;j++) 47 { 48 if(len==isok(i*j,b)) 49 { 50 // print(a,len); 51 // print(b,len); 52 // system("PAUSE"); 53 if(judge(a,b,len)) 54 cout<<i<<endl; 55 } 56 } 57 } 58 return 0; 59 } 60 //21978
第三题: 比酒量
有一群海盗(不多于20人),在船上比拼酒量。过程如下:打开一瓶酒,所有在场的人平分喝下,有几个人倒下了。再打开一瓶酒平分,又有倒下的,再次重复...... 直到开了第4瓶酒,坐着的已经所剩无几,海盗船长也在其中。当第4瓶酒平分喝下后,大家都倒下了。
等船长醒来,发现海盗船搁浅了。他在航海日志中写到:“......昨天,我正好喝了一瓶.......奉劝大家,开船不喝酒,喝酒别开船......”
请你根据这些信息,推断开始有多少人,每一轮喝下来还剩多少人。
如果有多个可能的答案,请列出所有答案,每个答案占一行。
格式是:人数,人数,...
例如,有一种可能是:20,5,4,2,0
1 //3 比酒量 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 int main() 5 { 6 int i,j,k,l; 7 for(i=20;i>=1;i--) 8 for(j=i-1;j>=1;j--) 9 for(k=j-1;k>=1;k--) 10 for(l=k-1;l>=1;l--) 11 { 12 int temp=i*j*k*l; 13 int tmp=i*j*k+j*k*l+i*k*l+i*j*l; 14 if(temp==tmp) 15 cout<<i<<" "<<j<<" "<<k<<" "<<l<<endl; 16 } 17 return 0; 18 } 19 /* 20 20 5 4 2 0 21 18 9 3 2 0 22 15 10 3 2 0 23 12 6 4 2 0 24 */
第四题:奇怪的比赛
某电视台举办了低碳生活大奖赛。题目的计分规则相当奇怪:
每位选手需要回答10个问题(其编号为1到10),越后面越有难度。答对的,当前分数翻倍;答错了则扣掉与题号相同的分数(选手必须回答问题,不回答按错误处理)。
每位选手都有一个起步的分数为10分。
某获胜选手最终得分刚好是100分,如果不让你看比赛过程,你能推断出他(她)哪个题目答对了,哪个题目答错了吗?
如果把答对的记为1,答错的记为0,则10个题目的回答情况可以用仅含有1和0的串来表示。例如:0010110011 就是可能的情况。
你的任务是算出所有可能情况。每个答案占一行。
1 //4 奇怪的比赛 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 int main() 5 { 6 int arr[20]={0}; 7 int cnt=1024,i; 8 while(cnt--) 9 { 10 int score=10; 11 arr[0]++; 12 for(i=0;i<10;i++) 13 { 14 if(arr[i]>1) 15 { 16 arr[i]=0; 17 arr[i+1]++; 18 } 19 if(arr[i]) 20 score*=2; 21 else 22 score-=i+1; 23 } 24 if(score==100) 25 { 26 for(i=0;i<10;i++) 27 cout<<arr[i]; 28 cout<<endl; 29 } 30 } 31 32 return 0; 33 } 34 /* 35 1011010000 36 0111010000 37 0010110011 38 */
第五题:转方阵
对一个方阵转置,就是把原来的行号变列号,原来的列号变行号
例如,如下的方阵:
1 2 3 4
5 6 7 8
9 10 11 12
13 14 15 16
转置后变为:
1 5 9 13
2 6 10 14
3 7 11 15
4 8 12 16
但,如果是对该方阵顺时针旋转(不是转置),却是如下结果:
13 9 5 1
14 10 6 2
15 11 7 3
16 12 8 4
1 //5 转方阵 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 void rotate(int* x, int rank) 5 { 6 int* y = (int*)malloc(rank*rank*sizeof(int)); // 填空1 7 8 for(int i=0; i<rank * rank; i++) 9 { 10 y[i%rank*rank+rank-1-i/rank] = x[i]; // 填空2 11 } 12 13 for(i=0; i<rank*rank; i++) 14 { 15 x[i] = y[i]; 16 } 17 18 free(y); 19 } 20 21 int main(int argc, char* argv[]) 22 { 23 int x[4][4] = {{1,2,3,4},{5,6,7,8},{9,10,11,12},{13,14,15,16}}; 24 int rank = 4; 25 26 rotate(&x[0][0], rank); 27 28 for(int i=0; i<rank; i++) 29 { 30 for(int j=0; j<rank; j++) 31 { 32 printf("%4d", x[i][j]); 33 } 34 printf("\n"); 35 } 36 37 return 0; 38 } 39 /* 40 rank*rank*sizeof(int) 41 i%rank*rank+rank-1-i/rank 42 */
第六题:大数乘法
对于32位字长的机器,大约超过20亿,用int类型就无法表示了,我们可以选择int64类型,但无论怎样扩展,固定的整数类型总是有表达的极限!如果对超级大整数进行精确运算呢?一个简单的办法是:仅仅使用现有类型,但是把大整数的运算化解为若干小整数的运算,即所谓:“分块法”。
如图【1.jpg】表示了分块乘法的原理。可以把大数分成多段(此处为2段)小数,然后用小数的多次运算组合表示一个大数。可以根据int的承载能力规定小块的大小,比如要把int分成2段,则小块可取10000为上限值。注意,小块在进行纵向累加后,需要进行进位校正。
1 //6 大数乘法 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 void bigmul(int x, int y, int r[]) 5 { 6 int base = 10000; 7 int x2 = x / base; 8 int x1 = x % base; 9 int y2 = y / base; 10 int y1 = y % base; 11 12 int n1 = x1 * y1; 13 int n2 = x1 * y2; 14 int n3 = x2 * y1; 15 int n4 = x2 * y2; 16 17 r[3] = n1 % base; 18 r[2] = n1 / base + n2 % base + n3 % base; 19 r[1] = n2 % base + n3 % base + n4 % base; // 填空1 20 r[0] = n4 / base; 21 22 r[1] += r[2] / base; // 填空2 23 r[2] = r[2] % base; 24 r[0] += r[1] / base; 25 r[1] = r[1] % base; 26 } 27 28 29 int main(int argc, char* argv[]) 30 { 31 int x[] = {0,0,0,0}; 32 33 bigmul(87654321, 12345678, x); 34 35 printf("%d%d%d%d\n", x[0],x[1],x[2],x[3]); 36 37 return 0; 38 } 39 /* 40 n1 / base + n2 % base + n3 % base 41 r[2] / base 42 */
第七题:放棋子
今有 6 x 6 的棋盘格。其中某些格子已经预先放好了棋子。现在要再放上去一些,使得:每行每列都正好有3颗棋子。我们希望推算出所有可能的放法。下面的代码就实现了这个功能。
初始数组中,“1”表示放有棋子,“0”表示空白。
1 //7 放棋子 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 int N = 0; 5 6 bool CheckStoneNum(int x[][6]) 7 { 8 for(int k=0; k<6; k++) 9 { 10 int NumRow = 0; 11 int NumCol = 0; 12 for(int i=0; i<6; i++) 13 { 14 if(x[k][i]) NumRow++; 15 if(x[i][k]) NumCol++; 16 } 17 if(NumRow!=3||NumCol!=3) return false; // 填空1 18 } 19 return true; 20 } 21 22 int GetRowStoneNum(int x[][6], int r) 23 { 24 int sum = 0; 25 for(int i=0; i<6; i++) if(x[r][i]) sum++; 26 return sum; 27 } 28 29 int GetColStoneNum(int x[][6], int c) 30 { 31 int sum = 0; 32 for(int i=0; i<6; i++) if(x[i][c]) sum++; 33 return sum; 34 } 35 36 void show(int x[][6]) 37 { 38 for(int i=0; i<6; i++) 39 { 40 for(int j=0; j<6; j++) printf("%2d", x[i][j]); 41 printf("\n"); 42 } 43 printf("\n"); 44 } 45 46 void f(int x[][6], int r, int c); 47 48 void GoNext(int x[][6], int r, int c) 49 { 50 if(c<6) 51 f(x,r,c+1); // 填空2 52 else 53 f(x, r+1, 0); 54 } 55 56 void f(int x[][6], int r, int c) 57 { 58 if(r==6) 59 { 60 if(CheckStoneNum(x)) 61 { 62 N++; 63 show(x); 64 } 65 return; 66 } 67 68 if(x[r][c]==1) // 已经放有了棋子 填空3 69 { 70 GoNext(x,r,c); 71 return; 72 } 73 74 int rr = GetRowStoneNum(x,r); 75 int cc = GetColStoneNum(x,c); 76 77 if(cc>=3) // 本列已满 78 GoNext(x,r,c); 79 else if(rr>=3) // 本行已满 80 f(x, r+1, 0); 81 else 82 { 83 x[r][c] = 1; 84 GoNext(x,r,c); 85 x[r][c] = 0; 86 87 if(!(3-rr >= 6-c || 3-cc >= 6-r)) // 本行或本列严重缺子,则本格不能空着! 88 GoNext(x,r,c); 89 } 90 } 91 92 int main(int argc, char* argv[]) 93 { 94 int x[6][6] = { 95 {1,0,0,0,0,0}, 96 {0,0,1,0,1,0}, 97 {0,0,1,1,0,1}, 98 {0,1,0,0,1,0}, 99 {0,0,0,1,0,0}, 100 {1,0,1,0,0,1} 101 }; 102 103 f(x, 0, 0); 104 105 printf("%d\n", N); 106 107 return 0; 108 } 109 /* 110 NumRow!=3||NumCol!=3 111 f(x,r,c+1) 112 x[r][c]==1 113 */
第八题:密码发生器
在对银行账户等重要权限设置密码的时候,我们常常遇到这样的烦恼:如果为了好记用生日吧,容易被破解,不安全;如果设置不好记的密码,又担心自己也会忘记;如果写在纸上,担心纸张被别人发现或弄丢了...
这个程序的任务就是把一串拼音字母转换为6位数字(密码)。我们可以使用任何好记的拼音串(比如名字,王喜明,就写:wangximing)作为输入,程序输出6位数字。
变换的过程如下:
第一步. 把字符串6个一组折叠起来,比如wangximing则变为:
wangxi
ming
第二步. 把所有垂直在同一个位置的字符的ascii码值相加,得出6个数字,如上面的例子,则得出:
228 202 220 206 120 105
第三步. 再把每个数字“缩位”处理:就是把每个位的数字相加,得出的数字如果不是一位数字,就再缩位,直到变成一位数字为止。例如: 228 => 2+2+8=12 => 1+2=3
上面的数字缩位后变为:344836, 这就是程序最终的输出结果!
要求程序从标准输入接收数据,在标准输出上输出结果。
输入格式为:第一行是一个整数n(<100),表示下边有多少输入行,接下来是n行字符串,就是等待变换的字符串。
输出格式为:n行变换后的6位密码。
例如,输入:
5
zhangfeng
wangximing
jiujingfazi
woaibeijingtiananmen
haohaoxuexi
则输出:
772243
344836
297332
716652
875843
1 //8 密码发生器 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 int sumbit(int m) 5 { 6 int n=m,sum=0; 7 if(m/10==0) 8 return m; 9 while(n) 10 { 11 sum+=n%10; 12 n/=10; 13 } 14 return sumbit(sum); 15 } 16 int main() 17 { 18 int n; 19 char str[1000]; 20 cin>>n; 21 while(n--) 22 { 23 memset(str,0,sizeof(str)); 24 cin>>str; 25 int password[10]={0},i; 26 for(i=0;str[i];i++) 27 password[i%6]+=(int)str[i]; 28 for(i=0;i<6;i++) 29 cout<<sumbit(password[i]); 30 cout<<endl; 31 } 32 return 0; 33 }
第九题://9 夺冠概率
//第九题当时就没看懂意思,当然现在也没看懂
第十题:取球游戏
今盒子里有n个小球,A、B两人轮流从盒中取球,每个人都可以看到另一个人取了多少个,也可以看到盒中还剩下多少个,并且两人都很聪明,不会做出错误的判断。
我们约定:
每个人从盒子中取出的球的数目必须是:1,3,7或者8个。
轮到某一方取球时不能弃权!
A先取球,然后双方交替取球,直到取完。
被迫拿到最后一个球的一方为负方(输方)
请编程确定出在双方都不判断失误的情况下,对于特定的初始球数,A是否能赢?
程序运行时,从标准输入获得数据,其格式如下:
先是一个整数n(n<100),表示接下来有n个整数。然后是n个整数,每个占一行(整数<10000),表示初始球数。
程序则输出n行,表示A的输赢情况(输为0,赢为1)。
例如,用户输入:
4
1
2
10
18
则程序应该输出:
0
1
1
0
//10 取球游戏 #include<iostream> using namespace std; int main() { int a[11000]={1,0,1,0,1,0,1,0,1}; int chos[]={1,3,7,8},i,j; for(i=9;i<=10000;i++) { for(j=0;j<4;j++) { if(a[i-chos[j]]==0) { a[i]=1; break; } } // cout<<i<<" "<<a[i]<<endl; } int n; cin>>n; while(n--) { int id; cin>>id; cout<<a[id]<<endl; } return 0; }