随笔分类 - 数据结构--线段树
摘要：题目 "传送门" Sol 二分+线段树 巧妙啊~~我怎么就没想到~~ 二分答案，把数分类，大于等于$mid$的为$1$，小于的为$0$ 相当于给$01$序列排序，最后判断询问位置上是不是$1$ 线段树+lazy覆盖
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摘要：题面 "Bzoj" Sol 暴力开根，一个数开根到小于等于$1$就不用管了，维护区间$max$，$max define RG register define IL inline define Fill(a, b) memset(a, b, sizeof(a)) using namespace std
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摘要：题面 "Bzoj" Sol 做个转化 最开始都是虚边 操作$1$就是$LCT$里的$Access$操作 求的就是路径上虚边的个数+1 然后就好办了 用树链剖分+线段树来维护每个点到根虚边的个数的最大值 操作$1$：$Access$时虚实边的转换，要把原来连的点的$Splay$的最左边的点在原树中的子
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摘要：题面 "Bzoj" Sol 整体二分 比较经典，练手题 每次的修改会影响一个区间，我用的是线段树覆盖 cpp include define RG register define IL inline define Fill(a, b) memset(a, b, sizeof(a)) using nam
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摘要：题面 "传送门" Sol 摆定理 $$ a^b\equiv \begin{cases} a^{b\%\phi(p)}~~~~~~~~~~~gcd(a,p)=1\\ a^b~~~~~~~~~~~~~~~~~~gcd(a,p)\neq1,b define RG register define IL in
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摘要：题面 "传送门" 题解 先来一发很显然的暴力 维护两个数组，一个是子树的val和，一个是子树的val和的平方和 暴力更新，暴力查询就可以获得10分~~吐槽一波luogu的部分分~~ cpp include define RG register define IL inline define Fill
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摘要：题目 "传送门" Sol 把区间按长度升序排序，双端点+离散化+线段树区间最大值 线段树标记永久化美滋滋 cpp include define RG register define IL inline define Fill(a, b) memset(a, b, sizeof(a)) using n
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摘要：题面 "戳我" Sol 每个被标记的点只会影响到它的子树，那么直接用线段树在dfn上搞 单点查询，区间修改 cpp include define RG register define IL inline define Fill(a, b) memset(a, b, sizeof(a)) using
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摘要：题面 "戳我" Sol 把询问反过来，变成加边，先加上边变成一棵树，之后每次加边就相当于去掉这两个点与这条边形成的环的代价，用树剖+线段树覆盖区间即可 cpp include define RG register define IL inline define Fill(a, b) memset(a
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摘要：题面 "戳我" Sol 和 "bzoj震波" 那道题差不多 加上线段树标记永久化就好了 cpp include define RG register define IL inline define Fill(a, b) memset(a, b, sizeof(a)) using namespace
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摘要：题面 "戳我" Sol 动态点分治： 建个点分树，每个节点开两颗线段树，以与该点的距离为下标，维护价值和 一棵树维护这个点的，一棵维护对上层重心的贡献 然后。。 然后？直接暴力搞就行了 注意常数优化~~我TLE了一遍，第二遍卡过去的~~ cpp include define RG register
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摘要：Bzoj权限题 "luogu题面" 先去掉同边的 首先k==1，即求一个点j 使$\sum_{i\in A} |D_i D_j| + \sum_{i\in B} |D_i D_j|$最小 因为两边j是一样的，直接合在一起就好 所以就是$\sum |D_i D_j|$最小 那么j就是的中位数，合在一起
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摘要：前言 对于树套树，主席树等使用到线段树的比较复杂的数据结构，如果区间修改的话，打标记后pushdown或者pushup是很难做到的~~完全不行吧~~ 所以这个时候，一个神奇的东西诞生了。。。 正题 线段树标记永久化，维护一个标记，假设为cov，再维护一个sum 假设修改区间[ql, qr]全部加上v
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摘要：树状数组套线段树（值域线段树）记得离散化 # include <bits/stdc++.h> # define IL inline # define RG register # define Fill(a, b) memset(a, b, sizeof(a)) using namespace std
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摘要：这是一道毒瘤题 只要线段树维护一个矩形的四个点的连通性即可 合并时请想清楚，要大讨论一番 询问有可能存在跨区间的联通情况，只要把询问的区间分成[1,l],[l,r],[r,n]再大讨论一番即可 如果你不想讨论或者讨论出错，你可以使用并查集，每次开并查集更新，这样就不用大讨论一番了，但是会慢，时间几乎
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摘要：先把问题简化，怎样求一个点x和y的lca的deep和 显然直接求LCA，但是这样的话，要求多个就不好叠加 于是可以用奇技淫巧：先把x到根的所有点打上标记，那么询问y到根的标记的个数即为答案，这样就可以叠加 所以对于询问，拆成[1,l-1], [1, r]，排序后依次加点覆盖标记即可 可以用树链剖分+
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摘要：树链剖分+线段树 线段树维护max，min，左往右的最大差，右往左的最大差 求LCA时一定要注意方向 # include <bits/stdc++.h> # define RG register # define IL inline # define Fill(a, b) memset(a, b,
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摘要：动态区间第k小 离散化后 那么每个点开一棵线段树（主席树）再套一个树状数组在外面 每次询问区间内的树的个数时 相当于进行了一次树状数组求区间和的操作，只是是把树状数组那个点看做主席树，对log棵主席树求区间和 然后每次询问，修改时就是把log棵主席树同时跳到儿子，修改也是log棵 时间复杂度O（nl
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摘要：jzoj snow的追寻 DFS序上搞 合并暴力和，记录最长链和当前最远点，距离跑LCA # include <stdio.h> # include <stdlib.h> # include <iostream> # include <algorithm> # include <string.h>
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摘要：题意 给定一个区间长度为l，共有t种颜色，o个操作。 C a b x 表示把a到b染成第x种颜色，P a b 表示查询a b间共有几种颜色。 初始状态下所有颜色为1，我就是因为这一点WA了几次 题解 t最大才30，颜色直接二进制压缩即可，不要每次修改a b间所有的点，lazy一下就好了 常数巨大的丑
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