04 2012 档案
摘要：刚开始这不知道思路，后来还是看了别人的解题报告才弄出来；集体思路：当前的箱子容量为si，那么要赢就要满足t + t*t < si现在箱子本来有ci：ci> t 则必胜；ci == t 则必败；ci < t不能断定输赢，那么就要继续调用SG函数；如果 ci > t SG值就是ci - t；因为剩下的容量只有这么大了；View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm> 5 #include<
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摘要：这是一道赤裸裸的SG函数的题目；View Code 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<cstdlib> 4 #include<cmath> 5 #include<algorithm> 6 using namespace std; 7 int f[20]={1,1},sg[1024]; 8 void GetFa( ) 9 {10 for( int i = 2 ; i < 20 ; i ++ )11 {12 f[i] = f[i -1] + f[i - 2]; 13
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摘要：这是一道典型的SG函数题；View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm> 5 #include<cmath> 6 #include<queue> 7 #include<set> 8 #include<map> 9 #include<vector>10 using namespace std;11 int s[124],sg[10024],n;12 int
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摘要：只是一道取石子游戏的变形题，刚开始我想着去打表，一直打不出后来画图就一下子清楚了；我们来分析只有一行的情况：我们知道只要黑白棋子之间有空格，只要谁先走就一定谁赢，因为先走者一定会走到与两个棋子之间没有空格的地方，这样才能保证他赢，我们看成取石子且石子只有一堆的情况；那么多行时，我们就可以把两个棋子之间的空格看成有多少个石子，而行可以看成有多少堆，再利用Nim就可以解决问题了；View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm
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摘要：只是一道Nim题我们可以把他转化成堆就可以了，这个点在哪个地方就相当于这个地点有好多的石子，这样就可以了。View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm> 5 #include<cmath> 6 #include<queue> 7 #include<set> 8 #include<map> 9 #include<vector>10 using namesp
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摘要：这个题我是打表出来的，达标代码如下：View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm> 5 #include<cmath> 6 #include<queue> 7 #include<set> 8 #include<map> 9 #include<vector>10 using namespace std;11 int d[3][2] = {0,-1,1,0,
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摘要：这题我刚开始推出了n=1,2,3的情况，自己在大胆的猜测是奇偶性，发现A了；后来打表也是奇偶性质；打表代码：View Code 1 #include<stdio.h> 2 #include<stdlib.h> 3 int n ; 4 int graph[1010][1010] ; 5 int tab[4][2] = {-1,0,1,0,0,-1,0,1} ; 6 int dfs (int x, int y) 7 { 8 int xx, yy, i, ans ; 9 for (i = 0 ; i < 4 ; i++) 10 { ...
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摘要：这个题要找一下规律:我们假设1为必败点P,则2~9为必胜点,那么10~18又是必败点,19~162又为必胜点,163~324为必败点;必胜点为m*18^n(m<=9),必败点为m*18^n(m>9);View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm> 5 #include<cmath> 6 #include<queue> 7 #include<set> 8 #inclu
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摘要：这题Nim博弈;这一就是要考虑全部为1的情况;View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm> 5 #include<cmath> 6 #include<queue> 7 #include<set> 8 #include<map> 9 #include<vector>10 using namespace std;11 12 int main( )13 {1
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摘要：典型的Nim博弈题View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm> 5 #include<cmath> 6 #include<queue> 7 #include<set> 8 #include<map> 9 #include<vector>10 using namespace std;11 12 int main( )13 {14 int num[124]
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摘要：这是一道Fibonacci’s Game （斐波那契博弈）斐波那契博弈模型，是ACM题中常见的组合游戏中的一种，大致上是这样的：有一堆个数为 n 的石子，游戏双方轮流取石子，满足：1. 先手不能在第一次把所有的石子取完；2. 之后每次可以取的石子数介于 1 到对手刚取的石子数的 2 倍之间（包含 1 和对手刚取的石子数的 2 倍）。约定取走最后一个石子的人为赢家，求必败态。View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm&
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摘要：这是一道Nim博弈;这要要考虑就是全是1的情况；View Code 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<cstdlib> 4 #include<cmath> 5 #include<algorithm> 6 using namespace std; 7 int main( ) 8 { 9 int n,m,num;10 while( scanf( "%d",&n )==1 )11 {12 while( n-- )13 {14 scanf( &quo
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摘要：这也是一道巴什博弈；这题如果你是先手，考虑你的必胜态。注意，因为任何正整数都能写成若干个2的整数次方幂之和。由于规定只能取2的某个整数次方幂，只要你留给对手的牌数为3的倍数时，那么你就必赢，因为留下3的倍数时，对手有两种情况：1：如果轮到对方抓牌时只剩3张牌，对方要么取1张，要么取2张，剩下的你全取走，win！ 2：如果轮到对方抓牌时还剩3*k张牌，对手不管取多少，剩下的牌数是3*x+1或者3*x+2。轮到你时，你又可以构造一个3的倍数。 所以无论哪种情况，当你留给对手为3*k的时候，你是必胜的。题目说Kiki先抓牌，那么当牌数为3的倍数时，Kiki就输了。否则Kiki就能利用先手优势将留给对
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摘要：View Code 1 #include<stdio.h> 2 int main( ) 3 { 4 int Case , n , m; 5 scanf("%d" ,&Case ); 6 while( Case-- ) 7 { 8 scanf( "%d%d",&n,&m ); 9 if( n%( m + 1 )==0 )10 puts( "second" );11 else puts( "first" );12 } 13 return 0; 14 }这是一道简单的巴什博弈；所谓巴什
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摘要：http://poj.org/problem?id=2420这个题是一道模拟退火题，但我用的是最小覆盖圆解决的；这是我认为写得比较好的文章，在这里与大家分享。这道题其实就是求一个最小外接圆圆心和半径。所求点即是圆心，距离就是半径。点集的最小外接圆，其实就是点集的最小圆覆盖，就是找一个最小的圆，将所有点覆盖掉。这道题的题意是求一个点，使得到点集的最远点距离最近，下边我用我的方式，不严谨的证明一下。先证明最小外接圆的圆心到其最远的点距离最近。可知最小外接圆上最少有两个点，如果是两个点，必然在一条直径上，否则就至少有三个点，且这三个点之间相对于圆心的夹角两两不超过180度。这点很好证明。如果不满足上
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摘要：只是一道NIM(尼姆博弈)题；尼姆博弈模型，是ACM题中常见的组合游戏中的一种，大致上是这样的：有3堆各若干个物品，两个人轮流从某一堆取任意多的物品，规定每次至少取1个，多者不限，最后取光者得胜这种情况最有意思，它与二进制有密切关系，我们用(a,b,c)表示某种局势，首先(0,0,0)显然是必败态，无论谁面对(0,0,0) ，都必然失败；第二种必败态是(0,n,n)，自己在某一堆拿走k（k ≤ n）个物品，不论k为多少，对方只要在另一堆拿走k个物品，最后自己都将面临(0,0,0)的局势，必败。仔细分析一下，(1,2,3)也是必败态，无论自己如何拿，接下来对手都可以把局势变为(0,n,n)的情形
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摘要：这题就是对http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1527的扩充View Code 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 #include<algorithm> 5 #include<cmath> 6 #include<queue> 7 #include<set> 8 #include<map> 9 #include<vector>10 using names
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摘要：只是我第一道博弈题，这个是威佐夫博弈所谓威佐夫博弈，是ACM题中常见的组合游戏中的一种，大致上是这样的：有两堆石子，不妨先认为一堆有 10，另一堆有 15 个，双方轮流取走一些石子，合法的取法有如下两种：1、在一堆石子中取走任意多颗；2、在两堆石子中取走相同多的任意颗；约定取走最后一颗石子的人为赢家，求必胜策略。两堆石头地位是一样的，我们用余下的石子数(a,b)来表示状态，并画在平面直角坐标系上。和前面类似，(0,0)肯定是 P 态，又叫必败态。(0,k),(k,0),(k,k)系列的节点肯定不是 P 态，而是必胜态，你面对这样的局面一定会胜，只要按照规则取一次就可以了。再看 y = x 上方
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