摘要： 贴代码：View Code 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #define MAXN 30 4 int n; 5 bool edge[MAXN][MAXN]; 6 int color() 7 { 8 int vet[MAXN]; 9 int c[MAXN];10 int i,j;11 memset(vet,0xff,sizeof(vet));12 for( i=0; i<n; ++i)13 {14 memset(c,0,sizeof(c));15 for( j... 阅读全文

摘要： 有最朴素的想法就是依次删除每个点，看剩下的图有多少个连通分量，如果只有一个，不是关节点（也叫割点），否则是关节点。这种算法的复杂度是O(n^3).这里的Tarjan算法的复杂度只有O(n^2)，在连通图中只做一次DFS，根据DFS时遍历结点的先后顺序，依次给每个结点编号，这个编号叫该点的深度值，存在数组dfn[]中求每个点的low[]值，low值是这样求的，每个点的low值最初就是该点的深度值。然后看该点的邻接点，如果该点的邻接点被访问过了，low值就是min(low[自己],dfn[邻接点])。如果未被访问过，父结点的 low值=min(low[自己]，low[子结点])，如果出现子结点的l 阅读全文

摘要： 继续匈牙利二分匹配，其实我都不知道怎样写匈牙利算法，只是记住了可以这样写，悲哀啊唉````裸的二分匹配，贴代码：View Code 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #define MAXC 105 4 #define MAXS 305 5 bool g[MAXC][MAXS]; 6 bool used[MAXS]; 7 int p,n; 8 int xx[MAXC],yy[MAXS]; 9 void init()10 {11 int i,j;12 scanf("%d%d",&p,& 阅读全文

摘要： 这题就是A机器有n 种模式，B机器有m种模式一共有k件任务，每件任务既可在A机器的某个模式下完成，也可以在B机器的某个模式下完成。由于机器转换模式要重启，求重启的最少次数，两机器最初的模式是0所以如果某任务可以在A机器或者B 机器的0模式下进行，这件任务就可以不考虑。把A，B机器的每个模式看成顶点。如果某任务可以在A机器的模式i 和B机器的模式j下完成，那么i和j 建一条边，该题可转换为找最小的顶点数，覆盖掉所有出现的边（相当于完成了所有的工作）。而有定理，点覆盖数 = 匹配数，所以，把按如上方式构造出的图求一个最大匹配，其匹配数就是所求，记住去掉所有可以用0模式完成的工作（这些工作不用建边） 阅读全文

摘要： 给每行上的空地编不同号，就算在同一行上，但是被墙壁隔开了的话也编不同的号，一个编号对应一个顶点，这样的顶点放在集合XI中。给每列上的空地编不同号，就算在同一行上，但是被墙壁隔开了的话也编不同的号，一个编号对应一个顶点，这样的顶点放在集合YI中。如果XI中的某个顶点i和YI中的某个顶点j是在同一个空地上，那么i和j有一条边相连。通过如上方法构造出一个二部图（也叫二分图），然后用匈牙利算法做最大二部图匹配，就OK了，我是通过DFS寻找增广路。贴代码：View Code 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #define MA 阅读全文

摘要： 裸的网络流，就是在读数据的时候，注意用while(getchar()!='(');scanf("%d,%d),%d");然后增加超源点与超收点。我是用dinic算法，速度慢，跑了549貌似ms，貌似，希望能优化，用个什么预流推进算法试试啊。在纠结了很久后，终于在书上把预流推进算法抄下来了，哈哈，调试了很久，一直陷入死循环，后来一看输入文件不是这个题的输入，想shi啊，有木有贴代码 dinic 算法 ：View Code 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #define MAXN 10 阅读全文

摘要： 思路就是先用floyd算出奶牛到挤奶器的最短距离，然后二分查找最大距离的最小值，构造出满足任何奶牛到挤奶器的距离都小于该最小值的网络流，求一个最大流，如果该值等于奶牛的数目，就是可行方案，然后最小值还可以少点，如果不可行，最小值得增大。加入超源点与超收点，超源点到每头奶牛建边，容量为1，每个挤奶器到超收点建边，容量为m。其实这题用二分匹配判可行会更好。求网络的最大流用的是dinic算法，不太理解，抄的书上的代码。以下为代码：View Code 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #define INF 300000000 阅读全文

摘要： 看到Ci最大可以到10 000 000，N<=200,M<=200,我以为用这个算法会超时，据说该算法的复杂度是N*M*C，C为最大流量值。但是显然没超，可能是数据弱神马的，不知道没什么思路说的，就是裸的网络最大流，我的代码和上一个题 pigs（麦克卖猪）的代码基本上相同，下面贴代码：View Code 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #define MAXN 205 4 #define MAXM 205 5 #define INF 300000000 6 struct Arc 7 { 8 int c,f 阅读全文

摘要： //以顾客为点，再添加超源点与超收点，如果顾客i是第一个打开j猪圈的，那么从超源点到顾客i有一条边，//容量为猪圈j中猪的数目.如果出现重边，和合并，容量值相加。//如果顾客i紧接着顾客j打开猪圈k,则顾客 i可以想顾客j连一条边，容量为正无穷//从每个顾客向超收点连一条边，容量为每个顾客想买的猪的数目。//这个网络流从0流开始增广View Code 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #define MAXN 107 //顾客数 4 #define MAXM 1007//猪圈数 5 #define INF 300000 阅读全文

摘要： 比较巧妙的是令s[i]为集合Z中小于等于i的元素个数。则得到不等式组s[ai-1] - s[bi] <= -ci;还有隐含条件s[i] - s[i-1] <=1 && s[i]-s[i-1] >= 0用Bellman写感觉还不错，清晰明了。抄书上的思路的。贴代码：View Code 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #define MAXN 50005 4 int n,min,max; 5 struct Arc 6 { 7 int u,v,w; 8 } edge[MAXN]; 9 in 阅读全文