【刷题记录】BZOJ2154 crash的数字表格 莫比乌斯反演

治好了我多年的公式恐惧症

https://www.luogu.org/problemnew/show/P1829

（放洛谷题号的原因是BZOJ上很多内容是限制级的（雾））

题目大意:已知M，N，求ans =\sum_{i=1}^n\sum_{j=1}^m{\frac {ij} {(i,j)} }

(我采用数论教材上的方法表示最大公因数，即（i,j)表示i，j的最大公约数）

那么，我们开始吧。

不妨设n<m

令d = (i,j),有ans = \sum _{d=1}^{n} \sum_{\begin{matrix} (i,j)=d \\ 1\leqslant i\leqslant n, \\ 1\leqslant j \leqslant m, \end{matrix}}\frac {ij} d

即ans = \sum _{d=1}^{n} d\sum_{(i,j)=1}^{1\leq i\leq [\frac nd],1\leq j\leq [\frac md]}{ij}

接下来是莫比乌斯函数的性质:\sum _{x|d} \mu (x) = 1当且仅当d = 1

ans = \sum _{d=1}^{n} d\sum_{i=1}^{[\frac nd]}\sum_{j=1}^{[\frac md]}\sum_{x|(i,j)}\mu (x){ij}

转化为枚举x

ans = \sum_{d=1}^{ n}d\sum_{x=1}^{[\frac nd]}\mu(x)x^2\sum_{j=1}^{[\frac n {dx}]}\sum_{i=1}^{[\frac m {dx}]}ij

枚举t=dx

ans = \sum_{t=1}^{ n}t\sum_{i=1}^{[\frac nt]}\sum_{j=1}^{[\frac mt]}ij\sum_{x|t}\mu(x)x=\sum_{t=1}^{ n}t(\sum_{i=1}^{[\frac nt]}i)(\sum_{j=1}^{[\frac mt]}j)\sum_{x|t}\mu(x)x

中间两个和式为等差数列求和，可以O(1)得到结果

 

经过完全归纳法证明，f(i)=\sum_{x|i}\mu(x)x为积性函数

证明如下：

当i为质数时，显然f(i)=1-i

记p为任意质数

当(i,p)=1时

有f(ip)=\sum_{x|ip}x\mu(x)=f(i)+\sum _{xp|ip}(xp)\mu(xp)=f(i)-pf(i)=f(p)*f(i)

证完

接下来考虑线性筛的实现

考虑当(i,p)=p

有f(ip)=\sum_{x|ip}x\mu(x)=f(i)+\sum _{xp|ip}(xp)\mu(xp)=f(i)-0=f(i)

所以线性筛完成

依靠线性筛预处理后，可以O(n)时间预处理，再用O(n)时间得出结果

然而此题还可以再次优化

考虑到[\frac nt]和[\frac mt]可以数论分块

时间复杂度可以优化至O(n+sqrt(n))

这样可以解决多组数据的情况

代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <cstring>
using namespace std;
int n,m;
#define ll long long
#define mod 20101009
#define inv2 10050505
#define N 10000000
int prime[N+9],mu[N+9];
bool notprime[N+8];
ll sum(int x)
{
    return (((((ll)x*(x+1))%mod)*inv2)%mod);
}
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    if(n>m)swap(n,m);
    notprime[1]=mu[1]=1;int tot = 0;
    for(int i = 2; i <= n; i ++)
    {
        if(!notprime[i])
        {
            prime[++tot]=i;
            mu[i]=(1-i+mod)%mod;
        }
        for(int j = 1; j <= tot &&prime[j]*i<=n; j ++)
        {
            notprime[prime[j]*i]=1;
            if(i%prime[j]==0)
            {
                mu[i*prime[j]]=mu[i];
                break;
            }
            else 
            {
                mu[i*prime[j]]=(((ll)mu[i]*(1-prime[j])%mod)+mod)%mod;
            }
        }
        mu[i]=((((ll)i*mu[i])%mod+mu[i-1])%mod+mod)%mod;
    }
    int ans = 0;
    for(int i = 1,last; i <= n; i =last +1)
    {
        last = min(n/(n/i),m/(m/i));
        ans = (((((sum(n/i)*sum(m/i))%mod)*(mu[last]-mu[i-1]))%mod+mod)%mod+ans)%mod;
    }
    printf("%d",ans);
}

 

 

 

 

 

 

posted @ 2018-12-23 18:51  akonoh  阅读(153)  评论(0)  编辑  收藏  举报