03 2018 档案
摘要：题目：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1072 数字串最多只有10位，所以考虑用状压； 压缩的状态是哪些数字被用过，这样可以从一种状态加一个数字转移到另一种状态； 求能整除一个数的个数，那么当然记录当前状态下mod该数的余数，则在一种
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摘要：题目：https://www.luogu.org/problemnew/show/P2530 太弱了不会用DP，于是暴搜； 每次传进一个数组c记录当前状态各种物品有多少个，枚举取哪种物品，返回最小值，外加记忆化； 因为各种愚蠢小错误WA了好久。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=3177 找桥，缩点，总之都是板子； 对于每个叶子，互相连一条边即可；若最后剩下一个，则去和根节点连边； 所以叶子节点数+1再/2即答案。 代码如下：
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摘要：题目：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1055 区间DP，注意初始化！！ 因为没记忆化，TLE了一晚上，区间DP尤其要注意不重复递归！！！！！ 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=3208 数位DP，首先按位数预处理出每一种位数的情况，包括有多少个魔鬼数和有多少个以6开头的非魔鬼数，以便递推、累加等等； 然后先找出第X个魔鬼数的位数，再一位一位从0开始填数； 写法有些技巧，详见代码及注释。 代码如下：
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摘要：题目： 首先按限制高度从小到大排序，不会影响可行解，而不排序可能卡掉正确的情况； 用%2滚动数组时一定注意每次复制上一种情况，因为这个WA了好几次。 代码如下：
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摘要：题目：http://www.joyoi.cn/problem/tyvj-1659 想清楚了是非常简单的最小生成树： 1、树中每条边都会被走两边； 2、每个点会走度数遍，起点又多走一遍； 根据以上两条处理边权，即输入的边权*2+两边点的点权，这样每个点都被加了度数遍； 再求最小生成树，答案加上点权最小
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=3422 最大费用最大流： 拆点，在自点之间连两条边，一条容量为1，边权为数字；一条容量为k-1，边权为0；表示可以走k次，只有一次能取到数字； 从每个格子能向下或向右走，于是向下面的点、右面的点连边； 将E-K算法中的bfs改成spfa求最
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=1966 把一个点拆成入点和出点，之间连一条边权为1的边，跑最大流即最小割； 原始的边权赋成inf防割； 枚举源点和汇点，直接相邻的两个点不必枚举； 注意：1、源点为枚举点i的出点，汇点为枚举点j的入点； 2、读入方式，免空格； 3、在din
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=1149 不把猪圈当做点，而把顾客当作点，把猪当作边权(流量)； 因为猪圈中的猪可流动，所以共用一个猪圈的人互相连边； 注意应该连成链的形式，来保证先后顺序。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=3281 网络流做图中的匹配，注意为了限制每头牛只匹配一种食物和一种饮料，要把牛拆成两个点，之间连边权为1的边。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=1135 先在图中跑一遍最短路，最后倒的牌可能是dis值最大的点，也可能是在dis值最大的点所连的边上，尝试一下即可； 坑：n=1的时候输出点1。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=3013 看似生成树，实则最短路，可以将题意转化为点权*根到此点的边权和(最短路使其最小)。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=2584 以人和衣服作为点，建立超级源点和超级汇点，人连边权为1的边，衣服对源点连边权为件数的边(别弄乱顺序)； 试图写构造函数，但CE了，最后只好用冗杂的写法。 代码如下：
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摘要：#include #include #include #include using namespace std; queueq; int INF=1e9; int n,m,head[10005],cur[10005],ct=1,s,t,d[10005],ans; struct N{ int to,next,w; }edge[200005]; void add(int x,int y,in...
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=2228 dp[i][j][0/1]表示前i小时中第j小时睡(1)或不睡(0)的最优值； 注意第一个小时，若睡则对最终取结果有要求，即第n个小时必须睡，所以据此DP两遍； 可以开滚动数组，否则容易MLE。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=3585 二次扫描与换根法，一次dfs求出以某个节点为根的相关值，再dfs遍历一遍树，根据之前的值换根取最大值为答案。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=1179 区间DP，值得注意的是有负值，而且有乘法，因此可能会影响最大值； 注意memset中写-1仅仅是-1，-2才是一个很小的负数； 最后找mxx时也要注意可能最大是负值，因此不能随便给mxx赋成0或-1之类。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=1742 贪心地想，1、如果一种面值已经可以被组成，则不再对它更新； 2、对于同一种面值的硬币，尽量用较少硬币(一个)更新，使后面可以用更多此面值硬币。 代码如下：
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摘要：题目：http://www.joyoi.cn/problem/tyvj-1061 DP记录状态为当前任务时不在此任务位置上的两个人的位置(因为一定有一个人在此任务位置上)； 不妨设初始位置p[0]=3，另外两个人在1,2位置上； 每次考虑上一任务的哪个人来到这一任务位置，更新； 开滚动数组以防止爆空
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=1015 DP的第一维是选了几个人，第二维是当前D与P的差值，而值存的是当前D与P的和； 技巧1：通过平移避免负角标，即代码中的fix； 技巧2：做完DP后找出最小的差的绝对值时，如下的那一小段代码很有效率； 技巧3(*)：记录路径——①更新
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=3666 很普通的DP，离散化(sort)一下即可； mn的求法很不错(比我原来开了mn[]……简洁)。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=2279 书上的DP做法会爆内存，尝试写了一个，过了样例。 转载： 代码如下： #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #define ll unsigned long lo
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=2127 LCIS，注意存储路径的方法。 代码如下： //void print(ll sx,ll sy)//{// if(f[sx][sy]==0)return;// ll xx=prex[sx][sy];// ll yy=prey[sx][
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摘要：题目：http://codevs.cn/problem/2189/ 通过增加一维，将最优性转化为可行性。 代码如下：
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摘要：题目：https://www.luogu.org/problemnew/show/P1018 区间DP+高精，注意初始化和转移的细节。 代码如下：
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摘要：题目：http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1042 递推，再用容斥原理减掉多余的，加上多减的……(dfs)即可。 代码如下：
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摘要：题目：https://www.luogu.org/problemnew/show/P1080 排序方法的确定，只需任取两个人，通过比较与推导，可以得出ai*bi小的人排在前面； 高精度写的时候犯了些细节错误，详见注释。 代码如下： 这个运行起来有点慢，有些地方写得不够好，下面有一篇运行很快的代码，可
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摘要：题目：http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1853 dfs实现容斥原理即可。 注意：若在init中写“cnt++”，则出来后需要先cnt--再继续！！ 代码如下：
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摘要：今天尝试写了高精度除法(n进制)，感觉不错，只有一处一开始没有注意到，后来才看书发现，见注释。 代码如下：
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摘要：题目：https://www.luogu.org/problemnew/show/P1525 二分答案+二分图染色。
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摘要：题目：https://www.luogu.org/problemnew/show/P1525 二分答案，二分图染色判断是否可行。 代码如下：
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摘要：题目：http://poj.org/problem?id=2411 状态压缩，一行的状态记为一个二进制数，从上往下逐行DP，答案输出最后一行填0的方案数。 代码如下：
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摘要：题目：http://www.joyoi.cn/problem/tyvj-1035 将点分为两类：x+y为偶数和x+y为奇数，这样则可以在两部分之间连边，作为一块骨牌； 然后二分图求最大匹配即可。 代码如下：
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摘要：题目：https://www.luogu.org/problemnew/show/P3386 二分图匹配模板，注意左部点只dfs未匹配点。 代码如下：
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摘要：题目：https://www.luogu.org/problemnew/show/P1020 主要是第二问，使用了dilworth定理：一个序列中最长不上升子序列的最大覆盖=最长上升子序列长度。 dilworth定理：http://www.cnblogs.com/nanke/archive/2011
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摘要：题目：http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2467 可以得出只需在每个五角形中去掉任意一条边，在某个五角形中去掉包括内边的两条边即可。 代码如下：
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