04 2018 档案
摘要：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2815 //解 K^D ≡ N mod P #include<map> #include<cmath> #include<cstdio> #include<iostream> using namespace std
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摘要：求LCA，N=1e6，原空间限制8MB 求LCA需要深度，需要跳跃一定距离的祖先，需要父节点 把一个整数压成3个char，f[]存父节点 g[],深度为奇数的点存往上跳576步能到的点，深度为偶数的点存深度 如果深度为奇数的点要求它的深度，求他父节点的深度+1 如果深度为偶数的点要求它往上跳576步
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摘要：不理解，背板子 #include<cstdio> using namespace std; int Pow(int a,int b,int p) { int res=1; for(;b;a=1LL*a*a%p,b>>=1) if(b&1) res=1LL*a*res%p; return res; }
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摘要：若m=0， 就是求n^2n ≡ x mod p （x--） 因为一定优解，所以x一定是p的二次剩余 令g为p的1个原根，且g^k ≡ x mod p 则k是偶数，证明k是偶数： 假设 g1^k1 ≡ x mod p g2^k2 ≡ x mod p，k2是偶数 g1^k3 ≡ g2 mod p 那么
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摘要：http://acm.timus.ru/problem.aspx?space=1&num=1132 题意： 求 x^2 ≡ n mod p p是质数 的 解 本题中n>=1 特判p=2，接下来求当p是奇素数时的解 引理1： 引理2：方程有解当且仅当 定理： 设a满足 不是模p的二次剩余， 即无解，
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摘要：https://uva.onlinejudge.org/external/119/p11916.pdf 令m表示不能染色的格子的最大行号 设>m行时可以染k种颜色的格子数有ck个，恰好有m行时可以染k种颜色的格子数有ckm个 分m行、m+1行、>m+1行讨论 如果是m行：k^ckm * (k-1)^
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摘要：维护前i天的最优解，那么在后面可能会对前面几天的买卖情况进行调整 如果前面买入，买入的这个在后面一定不会卖出 如果前面卖出，卖出的这个可能会在后面变成买入，因为买这个，卖后面的会获得更多的收益 用一个小根堆，存储前面所有的卖出的股票的价格 如果后面想卖出，扔到堆里 如果后面想买入，与堆顶元素比较，如
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摘要：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=5017 暴力： 对于每一个炸弹，枚举所有的炸弹，看它爆炸能不能引爆那个炸弹 如果能，由这个炸弹向引爆的炸弹连单向边 tarjan所点后拓扑排序 在拓扑图上倒着统计答案 可以得到一个炸弹能引爆的编号最小
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摘要：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=5285 |0 和 &1 没有影响 若填‘|’，记为0，若填‘&’，记为1 先只考虑最后一位 若要求最后=1 那么最后一个|1 要在最后一个 &0 后面 将n个数的最后一位拿出来构成一个01序列 填在所
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摘要：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4332 因为如果一位小朋友得不到糖果，那么在她身后的小朋友们也都得不到糖果。 所以设g[i][j] 表示前i位小朋友，分到j个糖果，且前i位小朋友都分到糖果的方案数 令F(x) 表示分到x个糖果的欢乐
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摘要：求出序列的生成函数后，倍增FWT #include<cstdio> using namespace std; #define N 2048 const int mod=1e9+7; int inv; int f[N+1]; int Pow(int a,int b) { int res=1; for(
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摘要：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4589 n*m*m 做法 dp[i][j] 前i堆石子，异或和为j的方案数 第一重循环可以矩阵快速幂优化 后面求出序列的生成函数可以FWT优化 做log次FWT也很慢（logn*m*logm） 两个合
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摘要：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=5248 先手希望先手得分减后手得分最大，后手希望先手得分减后手得分最小 棋盘的局面一定是阶梯状，且从上往下递减 可以将轮廓线作为状态，记忆化搜索 用n个数表示一个状态，第i个数表示第i行放了几个 记忆
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摘要：给定一个由小写字母组成的字符串，输出有多少重复的回文子序列 爆搜代码
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摘要：根据期望的可加性，我们可以算出每一位客人的期望等待时间，将他们累加 即 每一位客人所有可能情况的时间之和 / n！ 设S= 每一位客人所有可能情况的时间之和 如果有f(i,p)种方案使客人i是恰好第p个进入花亭的，那对S的贡献为（n-p+1）* t[i] * f(i,p) 所以问题转变为计算f（i，
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摘要：题意： 给出n个三元组 e[i]=（si，ti，wi） 第i个三元组的价值为 Σ w[j] ，j 满足以下4个条件： 1、j<i 2、tj<ti 3、sj<si 4、不存在j<k<i,且sj<sk<si 把每个三元组看作二维平面上的一个点（i，si） 先不考虑t， 那么j若满足要求，必须满足以（j，
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摘要：n个点的带点权带边权的树，设点权为a[i]，边权为b[i] 一棵树有n*（n-1）/2个点对， 定义这棵树的价值为任意两点对的(a[x]^a[y])*dis(x,y) 有m次修改一个点的点权的操作 输出每次修改完点权后这颗树的价值 第i次的修改会影响到第i次之后的修改 第一眼：我靠怎么又是点分树 然
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摘要：解为基环树森林 证明其具有拟阵的性质： 1、空集独立 2、基环树森林的子集仍然是基环树森林，满足遗传特性 3、对于基环树森林A，B，若|A|<|B| （边数），一定可以找到一条边e∈B，∉A，使A∪e仍然是基环树森林，满足扩充特性 扩充特性证明： 枚举A中的联通块 1、若A中这个联通块的边数<B中对
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摘要：#include #include #include using namespace std; #define N 201 pairp[N]; char s[N]; int ans[N],cnt; bool vis[N]; int start; int tmp[N]; void read(int &x) { x=0; char c=getchar(); whil...
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摘要：http://www.spoj.com/problems/OPTM/ 题意： 给出一张图，点有点权，边有边权 定义一条边的权值为其连接两点的异或和 定义一张图的权值为所有边的权值之和 已知部分点的点权，自定义其余点的点权 使图的权值最小，并在此基础上使点权和最小 输出点的权值 异或——按位做 那么题
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摘要：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2342 解法一： 对原串构建回文自动机 抽离fail树，从根开始dfs 设len[x]表示节点x表示的最长回文子串长度 在fail树上，x到根节点的路径上的点表示的字符串包含了x代表的回文子串的所有回
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摘要：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2565 正着构造回文自动机 倒过来再构造一个回文自动机 分别求出以位置i开始的和结尾的最长回文串
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摘要：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3676 回文自动机模板题 4年前的APIO如今竟沦为模板，，，╮(╯▽╰)╭，唉
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