【DFS & BFS】 例题蓝桥2017C++A_2 跳蚱蜢 BFS
深度优先搜索(DFS)
深度优先搜索在搜索过程中访问某个顶点后,需要递归地访问此顶点的所有未访问过的相邻顶点。
初始条件下所有节点为白色,选择一个作为起始顶点,按照如下步骤遍历:
a. 选择起始顶点涂成灰色,表示还未访问
b. 从该顶点的邻接顶点中选择一个,继续这个过程(即再寻找邻接结点的邻接结点),一直深入下去,直到一个顶点没有邻接结点了,涂黑它,表示访问过了
c. 回溯到这个涂黑顶点的上一层顶点,再找这个上一层顶点的其余邻接结点,继续如上操作,如果所有邻接结点往下都访问过了,就把自己涂黑,再回溯到更上一层。
d. 上一层继续做如上操作,知道所有顶点都访问过。
用图可以更清楚的表达这个过程:(注意:图画错了,请将3->4这条路径理解成4->3)
1.初始状态,从顶点1开始
2.依次访问过顶点1,2,3后,终止于顶点3(注意,是4->3)
3.从顶点3回溯到顶点2,继续访问顶点5,并且终止于顶点5
4.从顶点5回溯到顶点2,并且终止于顶点2
5.从顶点2回溯到顶点1,并终止于顶点1
6.从顶点4开始访问,并终止于顶点4
从顶点1开始做深度搜索:
初始状态,从顶点1开始
依次访问过顶点1,2,3后,终止于顶点3(再次提醒,4->3)
从顶点3回溯到顶点2,继续访问顶点5,并且终止于顶点5
从顶点5回溯到顶点2,并且终止于顶点2
从顶点2回溯到顶点1,并终止于顶点1
从顶点4开始访问,并终止于顶点4
模板
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <cmath> using namespace std; char map[1000][1000];//用来存储图的信息 /*标记是否搜索过,本题目没有使用,因为是一次访问,直接将访问过的修改即可*/ int logo[1000][1000]; int m,n,sum; /*表示八个方向,四个方向时,将后面四组删掉就可以了*/ int dir[8][2]= {0,1, 0,-1, 1,0, -1,0, 1,1, 1,-1, -1,1, -1,-1}; void DFS(int x,int y) { if(x>=0&&y>=0&&x<n&&y<m)//这里是判断是否越界,根据题目要求改写 { if(map[x][y]=='W')//如果符合条件就继续递归。 { map[x][y]='.';//标记为‘.’防止多次访问 for(int i=0; i<8; i++)//因为八个方向,所以循环八次。 DFS(x+dir[i][0],y+dir[i][1]); } } } int main() { while(~scanf("%d%d",&n,&m)) { sum=0; memset(logo,0,sizeof(map)); getchar(); for(int i=0; i<n; i++) { for(int j=0; j<m; j++) { cin>>map[i][j]; } getchar(); } for(int i=0; i<n; i++) { for(int j=0; j<m; j++) if(map[i][j]=='W') { DFS(i,j); sum++;//计数 } } cout<<sum<<endl; } }
广度优先搜索(BFS)
广度优先搜索在进一步遍历图中顶点之前,先访问当前顶点的所有邻接结点。
a .首先选择一个顶点作为起始结点,并将其染成灰色,其余结点为白色。
b. 将起始结点放入队列中。
c. 从队列首部选出一个顶点,并找出所有与之邻接的结点,将找到的邻接结点放入队列尾部,将已访问过结点涂成黑色,没访问过的结点是白色。如果顶点的颜色是灰色,表示已经发现并且放入了队列,如果顶点的颜色是白色,表示还没有发现。
d. 按照同样的方法处理队列中的下一个结点。
基本就是出队的顶点变成黑色,在队列里的是灰色,还没入队的是白色。
用一副图来表达这个流程如下:
1.初始状态,从顶点1开始,队列={1}
2.访问1的邻接顶点,1出队变黑,2,3入队,队列={2,3,}
3.访问2的邻接结点,2出队,4入队,队列={3,4}
4.访问3的邻接结点,3出队,队列={4}
5.访问4的邻接结点,4出队,队列={ 空}
从顶点1开始进行广度优先搜索:
初始状态,从顶点1开始,队列={1}
访问1的邻接顶点,1出队变黑,2,3入队,队列={2,3,}
访问2的邻接结点,2出队,4入队,队列={3,4}
访问3的邻接结点,3出队,队列={4}
访问4的邻接结点,4出队,队列={ 空}
结点5对于1来说不可达。
模板
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <cmath> #include <queue> #define MAX 0x3f3f3f3f using namespace std; int map[305][305];//存节点信息 int vis[305][305];//标记数组 int dir[4][2]= {-1,0, 1,0, 0,1, 0,-1};//上下左右四个方向 int end; struct node { int x,y;//两点表示节点位置 int time; } start;//入队列使用 queue<node> q;//队列,自己维护用来存储节点信息 int bfs(int x,int y) { memset(vis,0,sizeof(vis)); start.x=x,start.y=y,start.time=0;//将传递过来的0.0节点放入结构体 vis[x][y]=1;//标记为已搜过 q.push(start);//入队列 while(!q.empty()) { node now=q.front();//取队头元素 q.pop(); if(map[now.x][now.y]==MAX) { return now.time;//如果符合条件,返回;根据题意自己写符合的条件。 } for(int i=0; i<4; i++)//四个方向入队列 { start.x=now.x+dir[i][0],start.y=now.y+dir[i][1];//将第一个方向的入队列 start.time=now.time+1; if(start.x>=0&&start.y>=0&&vis[start.x][start.y]==0&&start.time<map[start.x][start.y])//判断是否越界 { vis[start.x][start.y]=1; q.push(start); } } } return -1; } int main() { int n; while(~scanf("%d",&n)) { memset(map,MAX,sizeof(map)); for(int j=0; j<n; j++) { int x,y,time; scanf("%d%d%d",&x,&y,&time); if(map[x][y]>time) map[x][y]=time; for(int i=0; i<4; i++)//自己建图过程,一般不需要自己建图 { int cx,cy; cx=x+dir[i][0],cy=y+dir[i][1]; if(cx>=0&&cy>=0) if(map[cx][cy]>time) map[cx][cy]=time; } } int ans=bfs(0,0);//从00点开始广搜,根据题目要求具体定 cout<<ans<<endl; } }
【eg】跳蚱蜢
如图 所示:
有9只盘子,排成1个圆圈。
其中8只盘子内装着8只蚱蜢,有一个是空盘。
我们把这些蚱蜢顺时针编号为 1~8
每只蚱蜢都可以跳到相邻的空盘中,
也可以再用点力,越过一个相邻的蚱蜢跳到空盘中。
请你计算一下,如果要使得蚱蜢们的队形改为按照逆时针排列,
并且保持空盘的位置不变(也就是1-8换位,2-7换位,...),至少要经过多少次跳跃?
注意:要求提交的是一个整数,请不要填写任何多余内容或说明文字。
固定套路模式的方法 运行3s左右
#include<iostream> #include<string> #include<set> #include<queue> //青蛙跳格子,采用裸广搜的方法,几秒可以出答案,但是有时间限制就不行了 //将青蛙跳看作是,圆盘跳动,这样就只有一个变量在变化了 //将圆盘看成是0,初始序列用012345678表示,在广搜的时候用set判一下重 using namespace std; struct node { string str;//局面字符串 int pos;//0的位置也就是空盘子 int step;//到达这个局面的步数 node(string str, int pos, int step) : str(str), pos(pos), step(step) {} }; int N = 9; set<string> visited;//已经搜索过的局面 queue<node> q;//用户来广搜的队列 void insertq(node no, int i)//node为新的局面,i为移动方式 { string s = no.str; swap(s[no.pos], s[(no.pos + i + 9) % 9]);//将0和目标位置数字交换 //取模是为了模拟循环的数组 //if (visited.count(s) == 0)//如果没有搜索过这个局面 if(visited.end() == visited.find(s)) { visited.insert(s); node n(s, (no.pos + i + 9) % 9, no.step + 1); q.push(n); } } int main() { //初始 0空盘在0位置 走过步数0 node first("012345678", 0, 0); q.push(first); while (!q.empty()) { node temp = q.front(); //去第一个 因为之前的pop出去了 if (temp.str == "087654321") { //结束 cout << temp.step; break; } else { //四种跳法 相当于有四个邻居 insertq(temp, 1); insertq(temp, -1); insertq(temp, 2); insertq(temp, -2); q.pop(); //四个邻居添加完之后 就可以滚蛋了 } } }
优化方法,为了节省内存,使用 int 来存储数据
#include <iostream> #include <queue> #define Maxn 1000000000 using namespace std; int s = 123456789,t = 876543219; int di[4] = {-2,-1,1,2},a[10]; bool index[Maxn]; int get_val(int *a) { int sum=0; for(int i=0; i<9; i++) { sum*=10; sum+=a[i]; } return sum; } void bfs() { int find = 0; queue<int> q; queue<char> qu; //计算步数 q.push(s); index[s] = 1; qu.push(1); while(find != 1) { int x = q.front(),cnt=8,now; int count = qu.front(); while(x>0) //将数据存入数组,方便换位置 { if(x%10==9)now=cnt; a[cnt--]=x%10; x/=10; } for(int i = 0; i<4; i++) { swap(a[now],a[(now+di[i]+9)%9]); int num = get_val(a); if(!index[num]) //判重 { if(num == t) { find = 1; cout<<count; } index[num] = 1; q.push(num); qu.push(count+1); } swap(a[now],a[(now+di[i]+9)%9]); } q.pop(); qu.pop(); } } int main() { bfs(); return 0; }
【eg2】标题:全球变暖
【题目描述】
你有一张某海域NxN像素的照片,"."表示海洋、"#"表示陆地,如下所示:
.......
.##....
.##....
....##.
..####.
...###.
.......
其中"上下左右"四个方向上连在一起的一片陆地组成一座岛屿。例如上图就有2座岛屿。
由于全球变暖导致了海面上升,科学家预测未来几十年,岛屿边缘一个像素的范围会被海水淹没。具体来说如果一块陆地像素与海洋相邻(上下左右四个相邻像素中有海洋),它就会被淹没。
例如上图中的海域未来会变成如下样子:
.......
.......
.......
.......
....#..
.......
.......
请你计算:依照科学家的预测,照片中有多少岛屿会被完全淹没。
【输入格式】
第一行包含一个整数N。 (1 <= N <= 1000)
以下N行N列代表一张海域照片。
照片保证第1行、第1列、第N行、第N列的像素都是海洋。
【输出格式】
一个整数表示答案。
【样例输入】
7
.......
.##....
.##....
....##.
..####.
...###.
.......
【样例输出】
1
资源约定:
峰值内存消耗(含虚拟机) < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
注意:
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时,注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
#include <iostream> #include <stdio.h> #include <queue> using namespace std; int n = 0; string s[1000]; int a[1000][1000]; int dx[4] = {0, 0, 1, -1}; int dy[4] = {1, -1, 0, 0}; int mark[1000][1000] = {0};//标记是否访问过 int ans = 0; struct point { int x, y; }; void show() { //输出看看 for (int i = 0; i < n; ++i) { for (int j = 0; j < 7; ++j) { cout << a[i][j]; } cout << endl; } } void bfs(int i, int j) { mark[i][j] = 1; queue<point> q; q.push({i, j}); int cnt1 = 0, cnt2 = 0; //cnt1记录当前岛屿块的1数量 cnt2记录临海的1数量 //如果这两个相等 那么这个岛屿将被淹没 while (!q.empty()) { point first = q.front(); q.pop(); cnt1++; bool over = false;//岛屿是否会被淹没 后面判断是否临海就可以 for (int k = 0; k < 4; ++k) {//四个方向bfs int x = first.x + dx[k]; int y = first.y + dy[k]; if (0 <= x && x < n && 0 <= y && y < n && a[x][y] == 0)over = true;//有临海 first那个岛屿会消失 if (0 <= x && x < n && 0 <= y && y < n && a[x][y] == 1 && mark[x][y] == 0) { q.push({x, y}); mark[x][y] = 1; //还只能放这里 因为if里面要判断是否被标记过 //如果把这句放在if上面的话 就无法在if里面判断有岛屿的地方是否已经在当前块里面 //从而会导致一直在这个块里面循环 } } if (over) { //四个方向走完后 这个点临海 将会消失 cnt2++; } } //这一块岛屿点全部走完 就是一块的bfs完成 if (cnt1 == cnt2) { ans++; } } int main() { //加快输入 std::ios::sync_with_stdio(0); cin.tie(0); cout.tie(0); cin >> n; string s[n]; for (int i = 0; i < n; ++i) { cin >> s[i]; } //存入int 中好操作 for (int i = 0; i < n; ++i) { for (int j = 0; j < n; ++j) { if (s[i][j] == '.') { a[i][j] = 0; } if (s[i][j] == '#') { a[i][j] = 1; } } } //show(); for (int i = 0; i < n; ++i) { for (int j = 0; j < n; ++j) { if (mark[i][j] == 0 && a[i][j] == 1) { bfs(i, j); } } } //show(); cout << ans << endl; return 0; }