【DFS & BFS】 例题蓝桥2017C++A_2 跳蚱蜢 BFS
深度优先搜索（DFS）
深度优先搜索在搜索过程中访问某个顶点后，需要递归地访问此顶点的所有未访问过的相邻顶点。
初始条件下所有节点为白色，选择一个作为起始顶点，按照如下步骤遍历：
a. 选择起始顶点涂成灰色，表示还未访问
b. 从该顶点的邻接顶点中选择一个，继续这个过程（即再寻找邻接结点的邻接结点），一直深入下去，直到一个顶点没有邻接结点了，涂黑它，表示访问过了
c. 回溯到这个涂黑顶点的上一层顶点，再找这个上一层顶点的其余邻接结点，继续如上操作，如果所有邻接结点往下都访问过了，就把自己涂黑，再回溯到更上一层。
d. 上一层继续做如上操作，知道所有顶点都访问过。
用图可以更清楚的表达这个过程：（注意：图画错了，请将3->4这条路径理解成4->3）
1.初始状态，从顶点1开始
2.依次访问过顶点1,2,3后，终止于顶点3（注意，是4->3）
3.从顶点3回溯到顶点2，继续访问顶点5，并且终止于顶点5
4.从顶点5回溯到顶点2，并且终止于顶点2
5.从顶点2回溯到顶点1，并终止于顶点1
6.从顶点4开始访问，并终止于顶点4
从顶点1开始做深度搜索：
初始状态，从顶点1开始
依次访问过顶点1,2,3后，终止于顶点3（再次提醒，4->3）
从顶点3回溯到顶点2，继续访问顶点5，并且终止于顶点5
从顶点5回溯到顶点2，并且终止于顶点2
从顶点2回溯到顶点1，并终止于顶点1
从顶点4开始访问，并终止于顶点4
模板
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
using namespace std;
char map[1000][1000];//用来存储图的信息
/*标记是否搜索过，本题目没有使用，因为是一次访问，直接将访问过的修改即可*/
int logo[1000][1000];
int m,n,sum;
/*表示八个方向，四个方向时，将后面四组删掉就可以了*/
int dir[8][2]= {0,1, 0,-1, 1,0, -1,0, 1,1, 1,-1, -1,1, -1,-1};
void DFS(int x,int y)
{
if(x>=0&&y>=0&&x<n&&y<m)//这里是判断是否越界，根据题目要求改写
{
if(map[x][y]=='W')//如果符合条件就继续递归。
{
map[x][y]='.';//标记为‘.’防止多次访问
for(int i=0; i<8; i++)//因为八个方向，所以循环八次。
DFS(x+dir[i][0],y+dir[i][1]);
}
}
}
int main()
{
while(~scanf("%d%d",&n,&m))
{
sum=0;
memset(logo,0,sizeof(map));
getchar();
for(int i=0; i<n; i++)
{
for(int j=0; j<m; j++)
{
cin>>map[i][j];
}
getchar();
}
for(int i=0; i<n; i++)
{
for(int j=0; j<m; j++)
if(map[i][j]=='W')
{
DFS(i,j);
sum++;//计数
}
}
cout<<sum<<endl;
}
}
广度优先搜索（BFS）
广度优先搜索在进一步遍历图中顶点之前，先访问当前顶点的所有邻接结点。
a .首先选择一个顶点作为起始结点，并将其染成灰色，其余结点为白色。
b. 将起始结点放入队列中。
c. 从队列首部选出一个顶点，并找出所有与之邻接的结点，将找到的邻接结点放入队列尾部，将已访问过结点涂成黑色，没访问过的结点是白色。如果顶点的颜色是灰色，表示已经发现并且放入了队列，如果顶点的颜色是白色，表示还没有发现。
d. 按照同样的方法处理队列中的下一个结点。
基本就是出队的顶点变成黑色，在队列里的是灰色，还没入队的是白色。
用一副图来表达这个流程如下：
1.初始状态，从顶点1开始，队列={1}
2.访问1的邻接顶点，1出队变黑，2,3入队，队列={2,3,}
3.访问2的邻接结点，2出队，4入队，队列={3,4}
4.访问3的邻接结点，3出队，队列={4}
5.访问4的邻接结点，4出队，队列={ 空}
从顶点1开始进行广度优先搜索：
初始状态，从顶点1开始，队列={1}
访问1的邻接顶点，1出队变黑，2,3入队，队列={2,3,}
访问2的邻接结点，2出队，4入队，队列={3,4}
访问3的邻接结点，3出队，队列={4}
访问4的邻接结点，4出队，队列={ 空}
结点5对于1来说不可达。
模板
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#define MAX 0x3f3f3f3f
using namespace std;
int map[305][305];//存节点信息
int vis[305][305];//标记数组
int dir[4][2]= {-1,0, 1,0, 0,1, 0,-1};//上下左右四个方向
int end;
struct node
{
int x,y;//两点表示节点位置
int time;
} start;//入队列使用
queue<node> q;//队列，自己维护用来存储节点信息
int bfs(int x,int y)
{
memset(vis,0,sizeof(vis));
start.x=x,start.y=y,start.time=0;//将传递过来的0.0节点放入结构体
vis[x][y]=1;//标记为已搜过
q.push(start);//入队列
while(!q.empty())
{
node now=q.front();//取队头元素
q.pop();
if(map[now.x][now.y]==MAX)
{
return now.time;//如果符合条件，返回；根据题意自己写符合的条件。
}
for(int i=0; i<4; i++)//四个方向入队列
{
start.x=now.x+dir[i][0],start.y=now.y+dir[i][1];//将第一个方向的入队列
start.time=now.time+1;
if(start.x>=0&&start.y>=0&&vis[start.x][start.y]==0&&start.time<map[start.x][start.y])//判断是否越界
{
vis[start.x][start.y]=1;
q.push(start);
}
}
}
return -1;
}
int main()
{
int n;
while(~scanf("%d",&n))
{
memset(map,MAX,sizeof(map));
for(int j=0; j<n; j++)
{
int x,y,time;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&time);
if(map[x][y]>time)
map[x][y]=time;
for(int i=0; i<4; i++)//自己建图过程，一般不需要自己建图
{
int cx,cy;
cx=x+dir[i][0],cy=y+dir[i][1];
if(cx>=0&&cy>=0)
if(map[cx][cy]>time)
map[cx][cy]=time;
}
}
int ans=bfs(0,0);//从00点开始广搜，根据题目要求具体定
cout<<ans<<endl;
}
}
【eg】跳蚱蜢
如图 所示：
有9只盘子，排成1个圆圈。
其中8只盘子内装着8只蚱蜢，有一个是空盘。
我们把这些蚱蜢顺时针编号为 1~8
每只蚱蜢都可以跳到相邻的空盘中，
也可以再用点力，越过一个相邻的蚱蜢跳到空盘中。
请你计算一下，如果要使得蚱蜢们的队形改为按照逆时针排列，
并且保持空盘的位置不变（也就是1-8换位，2-7换位,...），至少要经过多少次跳跃？
注意：要求提交的是一个整数，请不要填写任何多余内容或说明文字。
固定套路模式的方法 运行3s左右
#include<iostream> #include<string> #include<set> #include<queue> //青蛙跳格子，采用裸广搜的方法，几秒可以出答案，但是有时间限制就不行了 //将青蛙跳看作是，圆盘跳动，这样就只有一个变量在变化了 //将圆盘看成是0,初始序列用012345678表示，在广搜的时候用set判一下重 using namespace std; struct node { string str;//局面字符串 int pos;//0的位置也就是空盘子 int step;//到达这个局面的步数 node(string str, int pos, int step) : str(str), pos(pos), step(step) {} }; int N = 9; set<string> visited;//已经搜索过的局面 queue<node> q;//用户来广搜的队列 void insertq(node no, int i)//node为新的局面,i为移动方式 { string s = no.str; swap(s[no.pos], s[(no.pos + i + 9) % 9]);//将0和目标位置数字交换 //取模是为了模拟循环的数组 //if (visited.count(s) == 0)//如果没有搜索过这个局面 if(visited.end() == visited.find(s)) { visited.insert(s); node n(s, (no.pos + i + 9) % 9, no.step + 1); q.push(n); } } int main() { //初始 0空盘在0位置 走过步数0 node first("012345678", 0, 0); q.push(first); while (!q.empty()) { node temp = q.front(); //去第一个 因为之前的pop出去了 if (temp.str == "087654321") { //结束 cout << temp.step; break; } else { //四种跳法 相当于有四个邻居 insertq(temp, 1); insertq(temp, -1); insertq(temp, 2); insertq(temp, -2); q.pop(); //四个邻居添加完之后 就可以滚蛋了 } } }
优化方法，为了节省内存，使用 int 来存储数据
#include <iostream>
#include <queue>
#define Maxn 1000000000
using namespace std;
int s = 123456789,t = 876543219;
int di[4] = {-2,-1,1,2},a[10];
bool index[Maxn];
int get_val(int *a)
{
int sum=0;
for(int i=0; i<9; i++)
{
sum*=10;
sum+=a[i];
}
return sum;
}
void bfs()
{
int find = 0;
queue<int> q;
queue<char> qu; //计算步数
q.push(s);
index[s] = 1;
qu.push(1);
while(find != 1)
{
int x = q.front(),cnt=8,now;
int count = qu.front();
while(x>0) //将数据存入数组，方便换位置
{
if(x%10==9)now=cnt;
a[cnt--]=x%10;
x/=10;
}
for(int i = 0; i<4; i++)
{
swap(a[now],a[(now+di[i]+9)%9]);
int num = get_val(a);
if(!index[num]) //判重
{
if(num == t)
{
find = 1;
cout<<count;
}
index[num] = 1;
q.push(num);
qu.push(count+1);
}
swap(a[now],a[(now+di[i]+9)%9]);
}
q.pop();
qu.pop();
}
}
int main()
{
bfs();
return 0;
}
【eg2】标题：全球变暖
【题目描述】
你有一张某海域NxN像素的照片，"."表示海洋、"#"表示陆地，如下所示：
.......
.##....
.##....
....##.
..####.
...###.
.......
其中"上下左右"四个方向上连在一起的一片陆地组成一座岛屿。例如上图就有2座岛屿。
由于全球变暖导致了海面上升，科学家预测未来几十年，岛屿边缘一个像素的范围会被海水淹没。具体来说如果一块陆地像素与海洋相邻(上下左右四个相邻像素中有海洋)，它就会被淹没。
例如上图中的海域未来会变成如下样子：
.......
.......
.......
.......
....#..
.......
.......
请你计算：依照科学家的预测，照片中有多少岛屿会被完全淹没。
【输入格式】
第一行包含一个整数N。 (1 <= N <= 1000)
以下N行N列代表一张海域照片。
照片保证第1行、第1列、第N行、第N列的像素都是海洋。
【输出格式】
一个整数表示答案。
【样例输入】
7
.......
.##....
.##....
....##.
..####.
...###.
.......
【样例输出】
1
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入...” 的多余内容。
注意：
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时，注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <queue>
using namespace std;
int n = 0;
string s[1000];
int a[1000][1000];
int dx[4] = {0, 0, 1, -1};
int dy[4] = {1, -1, 0, 0};
int mark[1000][1000] = {0};//标记是否访问过
int ans = 0;
struct point {
int x, y;
};
void show() {
//输出看看
for (int i = 0; i < n; ++i) {
for (int j = 0; j < 7; ++j) {
cout << a[i][j];
}
cout << endl;
}
}
void bfs(int i, int j) {
mark[i][j] = 1;
queue<point> q;
q.push({i, j});
int cnt1 = 0, cnt2 = 0; //cnt1记录当前岛屿块的1数量 cnt2记录临海的1数量
//如果这两个相等 那么这个岛屿将被淹没
while (!q.empty()) {
point first = q.front();
q.pop();
cnt1++;
bool over = false;//岛屿是否会被淹没 后面判断是否临海就可以
for (int k = 0; k < 4; ++k) {//四个方向bfs
int x = first.x + dx[k];
int y = first.y + dy[k];
if (0 <= x && x < n && 0 <= y && y < n && a[x][y] == 0)over = true;//有临海 first那个岛屿会消失
if (0 <= x && x < n && 0 <= y && y < n && a[x][y] == 1 && mark[x][y] == 0) {
q.push({x, y});
mark[x][y] = 1; //还只能放这里 因为if里面要判断是否被标记过
//如果把这句放在if上面的话 就无法在if里面判断有岛屿的地方是否已经在当前块里面
//从而会导致一直在这个块里面循环
}
}
if (over) { //四个方向走完后 这个点临海 将会消失
cnt2++;
}
}
//这一块岛屿点全部走完 就是一块的bfs完成
if (cnt1 == cnt2) {
ans++;
}
}
int main() {
//加快输入
std::ios::sync_with_stdio(0);
cin.tie(0);
cout.tie(0);
cin >> n;
string s[n];
for (int i = 0; i < n; ++i) {
cin >> s[i];
}
//存入int 中好操作
for (int i = 0; i < n; ++i) {
for (int j = 0; j < n; ++j) {
if (s[i][j] == '.') {
a[i][j] = 0;
}
if (s[i][j] == '#') {
a[i][j] = 1;
}
}
}
//show();
for (int i = 0; i < n; ++i) {
for (int j = 0; j < n; ++j) {
if (mark[i][j] == 0 && a[i][j] == 1) {
bfs(i, j);
}
}
}
//show();
cout << ans << endl;
return 0;
}
浙公网安备 33010602011771号