[bzoj1026][SCOI2009]windy数_数位dp

windy数 bzoj-1026

    题目大意:求一段区间中的windy数个数。

    注释:如果一个数任意相邻两位的差的绝对值都不小于2,这个数就是windy数,没有前导0。$区间边界<=2\cdot 10^9$。

      想法:数位dp裸题,何为数位dp?

      数位dp的意思就是我们交换一种dp的方式。通过数位进行dp。数位dp的主旨分为两点:1.对于所求答案的预处理。2.对于所求区间的边界特判。我们对于数位dp有几个显而易见但是却比较useful的性质:

        如果一个数的位数小于第二个数的位数,那么后者是大于前者的。

        如果两个数的位数相等且前者的最高位是小于后者的最高位的,那么后者是大于前者的。

        如果将两个数同时加减同一个数,他们之间的大小关系显然是不变的。

      通过以上几个性质,我们在枚举边界时可以先将位数小的全部枚举,然后对于高位到低位依次dp。

      回到这道题,我们先设状态dp[i][j]表示i位数且最高位为j。在转移时,我们其实很容易想到

        $\sum\limits_{k=0}^{9}dp(i-1,k)\cdot [|j-k|\ge 2]$

      之后,关于边界的处理,看代码... ...

    最后,附上丑陋的代码... ...

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
typedef long long ll;
using namespace std;
int f[20][20];
void before_hand()//这个是预处理,在上面说的很清楚了
{
	memset(f,0,sizeof f);
	for(int i=0;i<=9;i++) f[1][i]=1;
	for(int i=2;i<=10;i++) for(int j=0;j<=9;j++) for(int k=0;k<=9;k++)
	{
		if(abs(j-k)>=2) f[i][j]+=f[i-1][k];
	}
}
int dig[20];
ll dispose(ll x)//对边界的处理
{
	int ans=0;
	int k=0;
	memset(dig,0,sizeof dig);
	if(!x) return 0;
	while(x)
	{
		dig[++k]=x%10;
		x/=10;
	}
	for(int i=1;i<=k-1;i++)	for(int j=1;j<=9;j++)//我们用给出的第一条性质,发现
		ans+=f[i][j];//ans这时一定是被所求答案覆盖的
	for(int i=1;i<dig[k];i++)//第二个性质
		ans+=f[k][i];
	for(int i=k-1;i>=1;i--)//反复运用第二、三个性质
	{
		for(int j=0;j<dig[i];j++)
		{
			if(abs(j-dig[i+1])>=2) ans+=f[i][j];
		}
		if(abs(dig[i+1]-dig[i])<2) break;
		if(i==1) ans++;
	}
	return ans;
}
int main()
{
	ll l,r;
	scanf("%lld%lld",&l,&r);
	before_hand();
	printf("%lld\n",dispose(r)-dispose(l-1));
	return 0;
}

     小结:前面预处理的边界不要忘记特判。数位dp的第一道题,加油,JZYshuraK

posted @ 2018-03-12 18:35  JZYshuraK_彧  阅读(...)  评论(... 编辑 收藏