BZOJ 3930: [CQOI2015]选数

3930: [CQOI2015]选数

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Description

 我们知道,从区间[L,H](L和H为整数)中选取N个整数,总共有(H-L+1)^N种方案。小z很好奇这样选出的数的最大公约数的规律,他决定对每种方案选出的N个整数都求一次最大公约数,以便进一步研究。然而他很快发现工作量太大了,于是向你寻求帮助。你的任务很简单,小z会告诉你一个整数K,你需要回答他最大公约数刚好为K的选取方案有多少个。由于方案数较大,你只需要输出其除以1000000007的余数即可。

 

Input

输入一行,包含4个空格分开的正整数,依次为N,K,L和H。

 

Output

输出一个整数,为所求方案数。

 

Sample Input

2 2 2 4

Sample Output

3

HINT

 

 样例解释


所有可能的选择方案:(2, 2), (2, 3), (2, 4), (3, 2), (3, 3), (3, 4), (4, 2), (4, 3), (4, 4)

其中最大公约数等于2的只有3组:(2, 2), (2, 4), (4, 2)

对于100%的数据,1≤N,K≤10^9,1≤L≤H≤10^9,H-L≤10^5

 题解大法好:

http://blog.csdn.net/L_0_Forever_LF/article/details/53031515

 1 #include<iostream>
 2 #include<algorithm>
 3 #include<cstdio>
 4 #include<cstring>
 5 #include<cmath>
 6 #include<cstdlib>
 7 #include<vector>
 8 using namespace std;
 9 typedef long long ll;
10 typedef long double ld;
11 typedef pair<int,int> pr;
12 const double pi=acos(-1);
13 #define rep(i,a,n) for(int i=a;i<=n;i++)
14 #define per(i,n,a) for(int i=n;i>=a;i--)
15 #define Rep(i,u) for(int i=head[u];i;i=Next[i])
16 #define clr(a) memset(a,0,sizeof(a))
17 #define pb push_back
18 #define mp make_pair
19 #define fi first
20 #define sc second
21 #define pq priority_queue
22 #define pqb priority_queue <int, vector<int>, less<int> >
23 #define pqs priority_queue <int, vector<int>, greater<int> >
24 #define vec vector
25 ld eps=1e-9;
26 ll pp=1000000007;
27 ll mo(ll a,ll pp){if(a>=0 && a<pp)return a;a%=pp;if(a<0)a+=pp;return a;}
28 ll powmod(ll a,ll b,ll pp){ll ans=1;for(;b;b>>=1,a=mo(a*a,pp))if(b&1)ans=mo(ans*a,pp);return ans;}
29 void fre() { freopen("c://test//input.in", "r", stdin); freopen("c://test//output.out", "w", stdout); }
30 //void add(int x,int y,int z){ v[++e]=y; next[e]=head[x]; head[x]=e; cost[e]=z; }
31 int dx[5]={0,-1,1,0,0},dy[5]={0,0,0,-1,1};
32 ll read(){ ll ans=0; char last=' ',ch=getchar();
33 while(ch<'0' || ch>'9')last=ch,ch=getchar();
34 while(ch>='0' && ch<='9')ans=ans*10+ch-'0',ch=getchar();
35 if(last=='-')ans=-ans; return ans;
36 }
37 const int N=1e05+5;
38 ll f[N];
39 int main(){
40     int n=read(),k=read(),l=read(),h=read();
41     int l_=l/k+((l%k)!=0),r_=h/k;
42     for (int i=h-l+1;i>=1;i--){
43         int L=l_/i+((l_%i)!=0),R=r_/i;
44         if (L<=R){
45             f[i]=mo(powmod(R-L+1,n,pp)-(R-L+1),pp);
46                     for(int j=2*i;j<=N;j+=i) f[i]=mo(f[i]-f[j],pp);
47         }
48     }
49     if(l_<=1&&l_<=r_) f[1]=mo(f[1]+1,pp);
50         printf("%lld\n",f[1]);
51     return 0;
52 }
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posted @ 2017-10-20 20:23  SXia  阅读(169)  评论(0编辑  收藏  举报