随笔分类 - 2-1.——树——
摘要：有两种情况：一个点到它的父亲的父亲（要算两次）、一个点的子节点之间互相到达
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摘要：我们先不会就二分一下答案，设它是x，我们要判断它能不能满足 为了满足这个答案，我们就要让原本路径长度大于x的所有路径都经过某条边，而且这条边还要大于等于最长的路径-x 于是运用树上差分的思想，对于所有长度>x的路径，给他的两端点处++，lca处--，这样统计树上每个点的子树的和，就是这个点与它父节点
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摘要：我们都做过一道题（？）货币兑换，是用cdq分治来解决不单调的斜率优化 现在它放到了树上.. 总之先写下来dp方程，$f[i]=min\{f[j]+(dis[i]-dis[j])*p[i]+q[i]\} ,j是i的祖先,dis[i]-dis[j]<=l[i]$ ，其中dis[i]表示1号点到i号点的距
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摘要：经过部分分的提示，我们可以把一条路径切成s到lca 和lca到t的链 这样就分为向上的链和向下的链，我们分开考虑： 向上：如果某一个链i可以对点x产生贡献，那么有deep[x]+w[x]=deep[S[i]]，而且S[i]和lca[i]都在x的子树中 向下：如果某一个链i可以对点x产生贡献，那么有d
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摘要：N个点，每个点发出一条边，那么这个图的形状一定是一个基环树森林（如果有重边就会出现森林） 那我做f[0][x]和f[1][x]分别表示对于x子树，x这个点选还是不选所带来的最大价值 然后就变成了这好几个环上不能选相邻的点，最大的价值和 我们把这个环从N到1处断开，然后钦定一下1选还是不选，统计一下答
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摘要：点分治。WA了一万年。 重点就是统计答案的方法 做法一（洛谷AC bzojWA 自测WA）： 做点x时记到x距离为k的边数最小值为dis[k]，然后对每一对有值的dis[i]和dis[K-i]，给ans[A[i]+A[K-i]]++，然后因为统计到了一部分不合法答案，就做x的儿子，给ans变成--，
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摘要：发现对于某一个点它向上发的一条边，它被经过的次数就是这个点子树数量*不是它子树的数量 那就维护一个前缀和，然后每次拿两个端点和它们的lca的值加一加减一减，再乘上加上的值，就是这次修改后答案的增量 （最后答案还要除以(N*N)） 倍增会被卡空间，难受
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摘要：用一个差分树状数组维护一下每个深度的和，然后每次拿着路径端点和lca加一加减一减就行了
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摘要：https://www.nowcoder.com/acm/contest/172/C （sbw大佬太强啦 orz） 先把每一个路径(x,y)分成(x,lca),(y,lca)两个路径，然后就能发现，对于某两个（直上直下的）路径a,b，b的下端点在a的下端点子树中，且b的上端点深度<=a的上端点深度，
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