摘要： 这道题跟动规没一毛钱的关系啊，我实在找不到状态转移，找不到记忆化搜索。。。用dfs写的代码。。。跑了19ms代码如下：#include #include #define N 105 char s[N]; char ans[4][20] = {"MUTANT","SIMPLE","FULLY-GROWN","MUTAGENIC"}; int dfs(int a, int b) { if(s[a]=='A'&&a==b-1) return 1; if(s[b-2]=='A' 阅读全文

摘要： 第一道动规题目，昨天看的题目，今天才做出来，，昨天理解错题意了，题目说的是绝对切割长度，而不是相对的，请注意。。。思路：对切割顺序进行枚举，对于需要切割的长度【25,50,75】则寻找第一次切割的位置。所以对位置25,50,75各来一次。其实这样还是暴力，只不过表格记录了已经计算过的状态，省时一些罢了。这里我用的是从底向上递推来填表的注意这里的小技巧：对于【25,50,75】来说。存的时候把0和100也要存进去。【0，25,50,75,100】状态方程：f[m][n]= min{f[m][k]+f[k][n]+a[n]-a[m];}(m #define N 55 #define INF 0xf 阅读全文

摘要： 看到这类型的题目，yi点点思路都没有，，自己琢磨了半个钟头果断的搜解题报告。。思路：最终要的结果肯定是从某个位置开始1,2,4,5,6,7...n,或者是n,n-1,n-2,n-3.......2,1。。。我们只要对开始位置暴力一遍即可，而每次确定开始位置后还要记得分正序和反序两种情况。对于每种情况求其交换次数即可。。。最终答案要的也是最小的交换次数。。。求交换次数的时候用了贪心的思想。如果是正序的话，则直接把1放到开始位置，2放到第二的个位置。。。。【注意，这个题不必相邻的两个位置交换，，，而是任意两个位置都可以交换】代码如下：#include #include #define N 10.. 阅读全文

摘要： 看到这个题，我开始的时候还真的想到用递推来做。。不过我假设f[i][j]表示前i场比赛连续胜利的场数是j的概率，最终也没找到正确的递推关系。后来看staginner大神的解题报告，，，我彻底服了，，差距就是差距哪。。他用f[i][j]来表示前i场比赛连续获胜场数不超过j的概率。。最后结果便是i*(f[n][i]-f[n][i-1])最精妙的地方是他从反面考虑问题，使得问题难度大大降低。如果我么开始的时候把每个事件的初始值设为1.每次只要把不符合条件的事件概率减去即可。这个问题恰恰是适合从反面考虑的问题，因为从正面考虑很麻烦，对于第i场比赛是w还是L，只要是第i场比赛的结果不会使得连续胜利场数超 阅读全文

摘要： 概率计算，，，先计算它的对立事件的概率比较简单。就是最后两个分到的汉堡不一样。那么最后两个肯定是两个不同的。所以这种事件的总数有c(n-2,(n-2)/2)个，开始的时候用总数为c(n,n/2)来计，发现连样例都过不了。。后来用2^(2-n)来乘。得到的概率就行了。。回过去。才认识到自己的错误，这种选择排列在两种汉堡都有剩余的时候才是等概率的。。所以c(n,n/2)中有很多不成立的情况。计算变得简单起来。。f[n] = 2^(2-n)*c(n-2,(n-2)/2);然后推得递归关系： f[n+2] = (n-1)/n*f[n];代码如下：#include #include #define .. 阅读全文

摘要： 昏暗周末第一题。。。。题意：两个罐子，A和B；开始的时候A中1球、B中2球，但每个罐子中都有一个红球。每次从两个罐子分别中取出1个球。记录结果然后放回，放回的同时向两个罐子中分别增加1个白球如此反复操作。问n次操作中，至少有1次取出的两个球都是红球的概率。若n次操作每次取出的球都是两个红球的概率小数点候有几个连续的0。思路：记f[i]表示前i次操作中至少有一次操作取出的两个球都是红球的概率, p[i]是第i次取出的两个球都是红球的概率。则可推出一个递归关系： f[i+1] = f[i] + (1-f[i])*p[i]f[1] = 1/2;f[2] = f[1] + (1-f[1])*(1/2) 阅读全文

摘要： 最小生成树的变形最小生成树只能有n-1条边。所以我们有无线资源的时候，为了尽量发挥这些昂贵资源的价值，我们把这些资源用到最小生成树的最长的s个边上。即，求最小生成树的第p-s个边#include #include #include #include using namespace std; #define N 500 #define M 200000 int n, m, t, dot[N][2]; int v[M], u[M], r[M], p[M]; double w[M]; void init() { int dx, dy; scanf("%d%d",&t,&a 阅读全文

摘要： 最小生成树问题，，做这道题做的好艰辛啊，，第一阶段：没看题，看数据是标准的最短路径floyd算法的应用。。结果写出代码样例都过不了第二阶段：看懂题，写kruskal算法，样例只能过一个，两个同样的输入输出的结果不一样。。。第三阶段：解决了同输入不同输出的问题，【问题再次出现在kruskal算法的p数组的初始化上。节点的标号应该是1....n。】，但交上去wa！！！第四阶段：功德圆满，解决了wa问题，终于修成正果，a掉了题目。【擦，问题又出现在了sort上，关于return a-b 和return a #include #include #include using namespace ... 阅读全文

摘要： 在情急之下做的这道题，很快的按照floyd算法写完代码，结果连样例都不能过。。以为自己写的代码的问题，就一直找代码的错误，结果没找到错误就结束了。。。。后来，回头看这道题，，，，才发现自己根本没理解题意，，，这道题是让求从a到b需要忍受的最小噪音，，就是说在多条从a到b的路径中，每条路径都要选出它的最大路段，最后在这些路段中选出最小的即可。然后，对代码来说，，，只需要对floyd算法稍稍改一下就行了。。。代码如下：#include #include using namespace std; #define M 105 #define INF 1000000 int d[M][M]; int.. 阅读全文

摘要： 最小生成树的算法的应用。。。。一个变量的初始化，再次成为我的绊脚石了，，，，wa了三遍。。思路不难，，（1）根据坐标产生边，（2）求解最小生成树。代码如下：#include #include #include using namespace std; #define M 5000 double dot[105][2], w[M]; int n, m, u[M], v[M], p[M], r[M]; void print_edge() { m = 0; double dx, dy; for(int i = 0; i < n; i++) for(int... 阅读全文