LOJ 2483: 洛谷 P4655: 「CEOI2017」Building Bridges

题目传送门:LOJ #2483

题意简述:

\(n\) 个数,每个数有高度 \(h_i\) 和价格 \(w_i\) 两个属性。

你可以花费 \(w_i\) 的代价移除第 \(i\) 个数(不能移除第 \(1\) 个和第 \(n\) 个数)。

这之后,没有被移除的数中,相邻两个数 \(i\)\(j\) 会产生 \((h_j-h_i)^2\) 的代价。

求最小代价。

题解:

斜率优化 DP。

考虑 \(\mathrm{f}[i]\) 表示只考虑前 \(i\) 个数的最小代价,易得转移 \(\displaystyle\mathrm{f}[i]=\min_{j=1}^{i-1}(\mathrm{f}[j]+(h_i-h_j)^2+s_{i-1}-s_j)\)

其中 \(s_n\) 表示 \(\displaystyle\sum_{i=1}^{n}w_i\)

简化式子:\(\displaystyle\mathrm{f}[i]=h_i^2+s_{i-1}+\min_{j=1}^{i-1}(\mathrm{f}[j]+h_j^2-s_j-2h_ih_j)\)。显然可以看出斜率优化的形式。

考虑两个合法转移点 \(j\)\(k\),比较 \(j\)\(k\) 转移的优劣:

\[\begin{aligned}\mathrm{f}[j]+h_j^2-s_j-2h_i\times h_j&\Leftrightarrow\mathrm{f}[k]+h_k^2-s_k-2h_i\times h_k\\(\mathrm{f}[k]+h_k^2-s_k)-(\mathrm{f}[j]+h_j^2-s_j)&\Leftrightarrow 2h_i\times(h_k-h_j)\end{aligned}\]

\(x\) 坐标是 \(h_i\)\(y\) 坐标是 \(\mathrm{f}[i]+h_i^2-s_i\)。假设 \(x_j<x_k\),则决策 \(j\)\(k\) 优当且仅当:

\[\begin{aligned}\mathrm{f}[j]+h_j^2-s_j-2h_i\times h_j&<\mathrm{f}[k]+h_k^2-s_k-2h_i\times h_k\\y_k-y_j&>2h_i\times(x_k-x_j)\\\frac{y_k-y_j}{x_k-x_j}&>2h_i\end{aligned}\]

即点 \((x_j,y_j)\) 和点 \((x_k,y_k)\) 之间的线段的斜率大于 \(2h_i\)

因为 \(x_i=h_i\) 不单调,所以需要动态维护下凸壳,这可以通过使用平衡树维护解决,复杂度 \(\mathcal{O}(n\log n)\)

也可以使用 CDQ 分治的方法解决,分治左半边后考虑按照 \(h_i\) 排序,使用单调队列在线性复杂度内得到下凸壳,以及线性更新答案。

这里的排序可以使用归并排序,不会提高复杂度,但是我为了方便直接使用了快速排序,时间复杂度 \(\mathrm{O}(n\log^2n)\)

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>

typedef long long LL;
const int MN = 100005;

int N, p[MN], tmp[MN];
LL h[MN], w[MN], f[MN], X[MN], Y[MN];

inline double Slope(int i, int j) {
    if (X[i] == X[j]) return 1e50 * (Y[j] - Y[i]);
    return (double)(Y[j] - Y[i]) / (X[j] - X[i]);
}

int que[MN], l, r;
void Solve(int lb, int rb) {
    if (lb == rb) { Y[lb] += f[lb]; return ; }
    int mid = (lb + rb) >> 1;
    Solve(lb, mid);
    for (int i = lb; i <= rb; ++i) p[i] = i;
    std::sort(p + lb, p + rb + 1, [](int i, int j) { return h[i] < h[j]; });
    l = 1, r = 0;
    for (int i = lb; i <= rb; ++i) if (p[i] <= mid) {
        while (l < r && Slope(que[r - 1], que[r]) >= Slope(que[r], p[i])) --r;
        que[++r] = p[i];
    }
    for (int i = lb; i <= rb; ++i) if (p[i] > mid) {
        while (l < r && Slope(que[l], que[l + 1]) <= 2 * h[p[i]]) ++l;
        f[p[i]] = std::min(f[p[i]], f[que[l]] + (h[p[i]] - h[que[l]]) * (h[p[i]] - h[que[l]]) + w[p[i] - 1] - w[que[l]]);
    }
    Solve(mid + 1, rb);
}

int main() {
    scanf("%d", &N);
    for (int i = 1; i <= N; ++i) scanf("%lld", &h[i]);
    for (int i = 1; i <= N; ++i) scanf("%lld", &w[i]), w[i] += w[i - 1];
    for (int i = 1; i <= N; ++i) p[i] = i, X[i] = h[i], Y[i] = h[i] * h[i] - w[i];
    memset(f, 0x7f, sizeof f);
    f[1] = 0, Solve(1, N);
    printf("%lld\n", f[N]);
    return 0;
}
posted @ 2019-03-21 23:23 粉兔 阅读(...) 评论(...) 编辑 收藏