08 2018 档案
摘要：我们十分抱歉，博主由于文化课作业过于繁多，他滚去大力肝作业了（主要是那操蛋的语文，在这里恕我骂一句， 语文），因此他的博客将会暂时停止更新几天。
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摘要："传送门" 很新颖的一个布尔dp，我们用dp[i][j]表示选i个人 能否 构成j的血量 注意，是“能否”，也就是说dp存的是一个逻辑变量。 首先考虑一些细节，对于偶数的n，那么两个部队人数肯定是i/2，对于奇数，为i/2(向下取整)和i/2+1 考虑如何进行状态转移，dp[i][j]=dp[i][
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摘要：" 传送门 " 哎。。。心累。。。这道题改了好久 做法很好理解，就是运用dp的思想，设cnt[i]为到第i个点的最短路数量。 那么对于i的每条出边，如果zdl[i]+val=zdl[vis]，说明还有另外若干条可以从i到达vis的路径，因此cnt[vis]+=cnt[i] 大概是下图这样的一个意思
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摘要："传送门" 本题要倒着推 即从大的时间往小的时间转移 因为 如果正着 在i的时候 i+t显然还没转移 求啥设啥 要求最大的空暇时间 那么设dp[i]为i~n分钟之内可以获得的最大空暇时间 方程显然： 如果没有任务是从当前时间开始的 则dp[now]=dp[now+1]+1; 否则 dp[now]=m
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摘要：" 传送门 " dp方程很简单啊，dp[i]=max{dp[i r],dp[i r+1]...dp[i l]}+val[i]; 暴力找最大值只有60分，考虑优化，很明显，用单调队列维护一个滑动窗口即可。 起点至少是l，答案的来源最多是n l。 话说单调队列写起来好恶心啊。。。每次都写不对。。。还是要
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摘要："传送门" 这个题意描述的狗屁不通。。。其实大概就是 然后思路就很简单啊，我们枚举最短路的边，依次断掉每一条同时再跑一遍最短路，统计一下最大值即可。 通过一个pre数组可以实现枚举最短路的边，原理很简单：最短路上的每一个点，最后被松弛的那一次就是最关键的边。 cpp include define N
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摘要："传送门" 不得不承认noip的题出的是真的好 n=300000,m=300000的极限数据不由得想到某种nlogn的做法 这道题乍一看和二分没有一点关系，然而我们仔细想想后发现，对于一个时间t1，如果t1之内可以完成，那么t2肯定也能完成！ 满足单调性，因此我们可以二分时间，那么如何check呢？
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摘要："传送门" Solution: 就是树链剖分入门题啦~ cpp // luogu judger enable o2 include define N 30005 define M 200005 define lson now 1; build(l,m,lson); build(m+1,r,rson)
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摘要："传送门" Solution: 我们只需要采用和树链剖分近似的思想——把整个树的dfs序整理出来，排成线型。 这样一个节点的子树肯定是连续的一段，于是乎就可以用树状数组维护单点修改+区间查询的任务了。 cpp include include define N 100005 using namespa
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摘要：" 传送门 " Solution: 我们考虑把所有能够互相翻到的牌归到一个集合里去 ，不难想到可以用并查集来维护这些集合。由于前面的骨牌可能太长以至于影响后面骨牌的统计答案，所以我们要离线询问，从后往前做。 并且再维护一个单调栈，用来存并查集的祖先们。 维护后缀和（即到达终点的所需花费）这样的话 对
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摘要："传送门" Solution: 既然是删掉k/c个，那么k=mini，那么删除的还是mini，把c+1个划分到上个区间也是无意义的。 但如果长度为2c的话就能删除2个，但一定不如化成2个c长度的区间优秀。假如前c个的最小值是mini1，次小值是mini2，后c个的最小值是mini3，假如mini2m
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摘要：" 传送门 " Solution: maxn数组用来存储“从终点到某点间的最大卖出价”，而minn数组用来存储“从起点到某点间的最小买入价”。两遍spfa跑完之后枚举每一对maxn与minn找到最大的差值即可 写的时候注意逻辑，思路一定要清晰，不然很久都调不出来 cpp include define
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摘要：" 传送门 " 对于这道题，我们不难想到，对于两个点，我们可以求出他们的lca，然后顺着链暴力往上修改。 但是这样时间复杂度是很不乐观的，最多可以达到n^2。 这里介绍一种可以用来修改树上路径的方法——子树前缀和。 设定一个修改数组change。如果要对x到y路径上的所有点权值+k，lca为z。那么
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摘要：夜很深 写着写着题有些感慨 18.8.10，似乎就是在去年的这个时候认识了OI。 那是初一升初二的暑假，有一天妈妈突然告诉我，她打听到有个地方可以教编程，你要去吗？ 我当然欣然地接受了，男孩子，或多或少对这方面感兴趣。 然后大概就是特别兴奋地在openjudge上刷了50道水题吧...和许多新手类似
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摘要："传送门" 首先，肯定是先把所有满足条件一的点预处理出来，我们采用一遍dfs+一个统计来完成这件事。 然后就是求最短路了，跑一遍spfa即可。 cpp include define N 10005 define M 200005 using namespace std; int n,m,first[
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摘要："传送门" 一开始没在意数据范围...就用一个5行的dfs瞎做，搞了80分。 正解是带权并查集，只需要维护一下到根节点的距离就可以了。。。。 cpp include define N 200005 using namespace std; int n,father[N],to_root[N],ans
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摘要："传送门" Solution: 并查集暴力搞。 挺像kruskal找最小生成树的，按边权从小到大排序，枚举最小边，然后不停的加比这条边大的边，直到s，t连通。 cpp include define N 505 define M 5005 using namespace std; int n,m,s,
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摘要："传送门" 题目要求任意两点间至少有两条没有公共边的路， 也就是说所要求的图是一张边双连通图。 将一张有桥图通过加边变成边双连通图， 至少要加(leaf+1)/2 条边。 因此对于本题， 我们求出所有桥， 将桥删去后得出所有的边双连通分量， 将它们缩为点后找出叶子数， 进而求出答案 求图的桥： 跟求
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摘要：" 传送门 " Solution: 图上的点分为两种： 1.隔离后对图的连通性有影响的 2.没有影响的 情况2是很简单的，也就是样例中的1,2,5点，易知答案是(n 1) 2 情况1，其实就是图的 割点 。 我们考虑如何求图的割点—— 先回顾low,dfn的定义 定义 DFN(u)为结点 u 搜索的
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摘要："传送门" 就是一个二维树状数组单点修改+区间查询的模板题，代码特别好实现，可以来练练手。 cpp include include include using namespace std; int trash,n,tree[1050][1050]; inline int lowbit(int x)
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摘要："传送门" 就是stars的变式。 把e,s当成一个点的横坐标，纵坐标后，经过画图会发现，所要求的点，其实就是一个点的左上方。 按y从大到下排序，然后树状数组维护一下类似桶的东西即可。 cpp include include include include using namespace std;
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摘要：" 传送门 " Solution: 由于数字的大小可能非常大，而且都是未知的，所以只能采用离散化的方式先将数组离散化。 每次把这个数的位置加入到树状数组中，因为是排完序之后，所以之前加入的一定比后加入的大 然后再查询当前这个数前面位置的数。 cpp include define N 40005 us
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摘要：" 传送门 " 由于输出中的y还是单调递增，甚至还不用排序了。 我们用树状数组维护一个类似桶的东西即可，在update，注意是i=x;i include include using namespace std; int n,tree[32015],level[32015]; inline int l
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摘要："传送门" 每个点最多走一次 因此我们用0,1表示一个点去没去过，这样的话，假如有5个点，10100就可以表示去过第一个点，去过第三个点，其他没有去过。 因此状态转移：dp[state][i]=min(dp[state][i],dp[state'][j]+dis[i][j]) 最短路用floyd搞搞
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摘要：j " 传送门 " Solution: 类似的，我们首先预处理出一行的 只关系是否会自己炸到自己的 所有合法状态(i&(i 2)) 由于当前行与前两行都有关系 因此我们设dp[i][j][k]为 当前第i行 状态为j i 1行状态为k 所以枚举当前行的状态 上一行的状态 上上行的状态 状态转移方程
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摘要：去掉最后一位 | (101101 10110) x 1 在最后加一个0 | (101101 1011010) x 1011011) x 101101) x | 1 把最后一位变成0 | (101101 101100) x | 1 1 最后一位取反 | (101101 101100) x^1 把右数第
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摘要："传送门" PS:昨天被dalao深深的鄙视了不会状压dp。。。这几天一定要好好练 Solution: 我们发现，当前行的状态，只与上一行，以及自身内部有关，因此我们的dp数组很好确定，dp[i][state]代表第i行，状态为state的方案数。 ans=sigma(dp[m][state]) 因
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摘要：题目大意：有一个W行H列的广场，需要用1 2小砖铺盖，小砖之间互相不能重叠，问有多少种不同的铺法？ (w,h 1 如果前一行连续两个位置为0,那么这两个连续位置可以横放 即00 11 如果前一行该位置为1,显然该位置不能再放,于是应该把该位置设置为0 ，即1 0 对于一个当前行的可行状态s，用dfs
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