矩阵快速幂详解(以斐波那契数列为例)

前言

刷题时正好遇到这方面的知识,以前学过,但没写过博文,忘得差不多了,就重新学下。
找了个基础题:https://www.luogu.com.cn/problem/P1962
以求斐波那契数列为例,正常操作是直接循环,时间复杂度\(O(n)\),然而使用矩阵快速幂时间复杂度为\(O(logn)\)

快速幂

这部分较为简单,重点为下面的公式

\[a^n=\begin{cases} a^{n/2}*a^{n/2} & \quad \text{if } n \text{ is even}\\ a^{(n-1)/2}*a^{(n-1)/2}*a & \quad \text{if } n \text{ is odd} \end{cases} \]

例如求\(2^{18} = 2^9*2^9\),然后\(2^9 = 2^4*2^4*2\),接下来\(2^4 = 2^2*2^2\),最后求\(2^2\),求一个18次方也仅仅需要4步即可,依次求\(2->2^2->2^4->2^9->2^{18}\),所以时间复杂度仅为\(O(logn)\)
代码如下:

int quick_pow(int a,int b){
	int ans = 1;
	while(b){
		if(b&1) ans *= a;
		a *= a;
		b >>= 1;
	}
	return ans;
}

矩阵快速幂

首先假设\(F_{n}\)为斐波那契数列第n项,矩阵\(Fib(n) = \begin{bmatrix}F_{n} &F_{n-1}\end{bmatrix}\),矩阵\(base = \begin{bmatrix}a & b\\ c&d \end{bmatrix}\)
给出一个矩阵公式

\[Fib(n)=Fib(n-1)*base \]

\[\begin{bmatrix}F_{n} &F_{n-1}\end{bmatrix} = \begin{bmatrix}F_{n-1} &F_{n-2}\end{bmatrix} * \begin{bmatrix}a & b\\ c&d \end{bmatrix} \]

可得

\[\begin{cases} a*F_{n-1}+c*F_{n-2} = F_{n}\\ b*F_{n-1}+d*F_{n-2} = F_{n-1} \end{cases} \]

显然由上式可计算出\(base = \begin{bmatrix}1 & 1\\ 1&0 \end{bmatrix}\)
最终获得公式

\[\begin{bmatrix}F_{n} &F_{n-1}\end{bmatrix} = \begin{bmatrix}F_{n-1} &F_{n-2}\end{bmatrix} * \begin{bmatrix}1 & 1\\1&0\end{bmatrix}\]

基本到尾声了,对于斐波那契数列来说,\(F_{1}=F_{2}=1\),则对于\(Fib(3)\),得

\[\begin{aligned} \begin{bmatrix}F_{3} &F_{2}\end{bmatrix} &= \begin{bmatrix}F_{2} &F_{1}\end{bmatrix} * \begin{bmatrix}1 & 1\\ 1&0 \end{bmatrix}\\ &= \begin{bmatrix}1 &1\end{bmatrix} * \begin{bmatrix}1 & 1\\ 1&0 \end{bmatrix} \end{aligned} \]

所以,当\(n>2\)时,可得

\[Fib(n) = \begin{bmatrix}F_{n} &F_{n-1}\end{bmatrix} = \begin{bmatrix}1 &1\end{bmatrix} * \begin{bmatrix}1 & 1\\ 1&0 \end{bmatrix}^{n-2} \]

最后,\(\begin{bmatrix}1 &1\end{bmatrix}\)\(\begin{bmatrix}1 & 1\\ 1&0 \end{bmatrix}\)的第一行正好相同,我们也只需要第一个数字,所以最终正好能简化成以下公式

\[\begin{bmatrix}F(n)&F(n-1)\\F(n-1)&F(n-2)\end{bmatrix}= \begin{bmatrix}1 & 1\\ 1&0 \end{bmatrix}^{n-1} \]

最终代码如下

#include <iostream>
#include <cstring>

#define Max_rank 3
#define mod 1000000007
struct Matrix {
    long long a[Max_rank][Max_rank];

    Matrix() {
        memset(a, 0, sizeof(a));
    }

    void init(){
        a[1][1] = a[1][2] = a[2][1] = 1;
        a[2][2] = 0;
    }

    Matrix operator*(const Matrix b) {
        Matrix res;
        for (int i = 1; i <= 2; i++)
            for (int j = 1; j <= 2; j++)
                for (int u = 1; u <= 2; u++)
                    res.a[i][j] = (res.a[i][j] + a[i][u]*b.a[u][j])%mod;
        return res;
    }
};

long long q_pow(long long n){
    Matrix ans,base;
    ans.init();
    base.init();
    while(n > 0){
        if(n&1) ans =ans *base;
        base = base *base;
        n >>= 1;
    }
    return ans.a[1][1];
}
int main() {
    long long n;
    while(std::cin >> n){
        std::cout << q_pow(n-2) << std::endl;
    }
    return 0;
}

参考资料

https://anguei.blog.luogu.org/solution-p1962

posted @ 2020-02-12 18:48  MMMMMMMW  阅读(4671)  评论(4编辑  收藏  举报