可持久化线段树(主席树)【舰娘系列】【自编题】

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向大(hei)佬(e)势力学(di)习(tou)

前段时间做了一套大佬自己出的题(大佬竟然是个宅男2333),蒟蒻的我自然是只得了30分的暴力分:-(

fleet

舰队

【题目描述】
舰队里的每位舰娘都有一个编号i,也有一个类型ti,例如驱逐舰、轻巡洋
舰、航空母舰……
每次提督都想知道从第l 位舰娘到第r 位舰娘中(包含l、r),一共有多
少不同的类型。请你回答他的询问。
【输入格式】
第一行一个整数n,表示舰娘数量。
第二行n 个整数,第i 个整数ti 表示舰娘i 的类型。
第三行一个整数q,表示提督的询问数量。
接下来q 行,每行2 个整数l,r,表示询问[l,r]有多少不同类型的舰娘。
为了模拟真实情况,本题强制在线。你需要记录上一次的答案lastans(初
始值为0),每次询问真实的l,r 为l xor lastans 与r xor lastans,其中xor
表示按位异或操作。
【输出格式】
输出q 行,每行一个整数表示询问的答案。
【样例数据】
fleet.in
5
1 1 2 1 3
3
1 5
1 7
1 7
fleet.out
3
2
3
【数据范围】
对于30%的数据,n,q≤5000。
对于另30%的数据,ti≤100000。
对于100%的数据,1≤n,q≤200000,1≤l≤r≤n,1≤ti≤10^9。

正解当然不是我想出来的,而是另一个大佬自己yy出来的

我们建的线段树表示原序列中出现的不同的数的个数,就是对原序列建树,只不过对于节点i的线段树表示1~i区间出现的不同数的个数。
建树的时候需要记录这一个数上一次出现的位置,新建一棵树的时候既要加,又要减。
查询的时候利用前缀和区间查询即可
注意要离散化
然后就没更多的技巧了,但是将这一模型抽出来着实很厉害

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;

const int N=200000+5;

struct Node {
    Node *ls,*rs;
    int sum;
    void update(){
        sum=ls->sum+rs->sum;
    }
}*root[N],*null,pool[N*40],*tail=pool;
struct tt{
    int ty,nu;
}t[N];
int n,pre[N];

bool cmp1(tt a,tt b){
    return a.ty<b.ty;
}
bool cmp2(tt a,tt b){
    return a.nu<b.nu;
}
Node *newnode(){
    Node *nd=++tail;
    nd->ls=nd->rs=null;
    nd->sum=0;
    return nd;
}
Node *build(int le,int ri){
    Node *nd=newnode();
    if(le==ri) return nd;
    int mid=(le+ri)>>1;
    nd->ls=build(le,mid);
    nd->rs=build(mid+1,ri);
}
void insert(Node *&ndn,Node *ndp,int le,int ri,int pos,int val){
    ndn=newnode();
    ndn->sum=ndp->sum+val;
    ndn->ls=ndp->ls,ndn->rs=ndp->rs;
    if(le==ri) return ;
    int mid=(le+ri)>>1;
    if(pos<=mid) insert(ndn->ls,ndp->ls,le,mid,pos,val);
    else insert(ndn->rs,ndp->rs,mid+1,ri,pos,val);
}
int query(Node *nd,int le,int ri,int L,int R){
    if(L<=le&&ri<=R){//printf("eh ");
        return nd->sum;
    }
    int mid=(le+ri)>>1;
    int rt=0;
    if(L<=mid) rt+=query(nd->ls,le,mid,L,R);
    if(mid<R) rt+=query(nd->rs,mid+1,ri,L,R);
    return rt;
}
int main(){
    freopen("fleet.in","r",stdin);
    freopen("fleet.out","w",stdout);
    null=++tail;
    null->ls=null->rs=null;
    null->sum=0;

    scanf("%d",&n);
    root[0]=build(1,n);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        scanf("%d",&t[i].ty);
        t[i].nu=i;
    }
    sort(t+1,t+n+1,cmp1);
    int sz=0,tmp=0;
    for(int i=1;i<=n;i++){
        if(tmp!=t[i].ty){
            tmp=t[i].ty;sz++;t[i].ty=sz;
        }
        else t[i].ty=sz;
    }
    sort(t+1,t+n+1,cmp2);
    tmp=0;
    for(int i=1;i<=n;i++){
        insert(root[i],root[i-1],1,n,i,1);
        if(pre[t[i].ty]){//printf("he ");
            tmp=pre[t[i].ty];
            insert(root[i],root[i],1,n,tmp,-1);
        } 
        pre[t[i].ty]=i;
    }
    int q,l,r,ans=0;
    scanf("%d",&q);
    while(q--){
        scanf("%d%d",&l,&r);
        l^=ans;r^=ans;
        ans=query(root[r],1,n,l,r);
        printf("%d\n",ans);
    }
    return 0;
}

总结:
1、遇到区间的询问的题说不定就是主席树
2、如何灵活地运用线段树也是一大技巧,线段树可没有这么简单,高深着呢!

posted @ 2017-10-31 19:09  LinnBlanc  阅读(60)  评论(0编辑  收藏