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dp[i][j]表示最后一位是$b_i[i]$,倒数第二位是$b_i[j]$的最长序列长度。那么dp[i][j]=dp[j][k]+1($b_i[i]$==$b_i[i]$)其他情况dp=2。 阅读全文
posted @ 2020-03-19 11:10
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令dp[i]表示长度为i，最少费用。 可以发现，当且仅当i为偶数的时候，dp[i]=min{dp[i/2]+y}。当为奇数的时候，dp[i]=min{dp[i+1]+x,dp[i 1]+x}。因为这个更新直接做不好做。我们考虑倍增。因为i从0开始，一开始一定dp[1]=x。所以考虑1\~2区间，2\ 阅读全文
posted @ 2020-03-18 21:33
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首先可以发现，若是后手能赢，那么先手取后手的值，一定能赢，所以首先排除后手胜。 对于平局，当且仅当，所有异或值为零，无论怎么取，双方均相等。剩下的便是先手胜利。 阅读全文
posted @ 2020-03-18 21:17
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分块+floyd 令dp[i][j][k]表示i到j恰好k条路经的最小权值。那么就有:dp[i][j][k]=min{dp[i][p][k 1]+dp[p][j][1]}我们可以预处理出前100条路径的dp值。然后考虑大范围转移，对dp[i][j][100]做一次floyd转移到200，再做一次转移 阅读全文
posted @ 2020-03-18 21:14
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状压dp，先记录偶数状态，然后直接暴力转移即可。 阅读全文
posted @ 2020-03-18 21:05
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因为x\^k=y，x^x=0,所以求出异或前缀和，$sum_i$\^k=$sum_j$，则区间i+1到j，异或值=k。所以我们运用莫队进行统计，唯一的问题在于，这次维护的区间l\~r，表示的l+1~r的值，所以莫队维护的区间是左开右闭。 阅读全文
posted @ 2020-03-17 22:47
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可以观察到，因为我们答案是通过MEX函数得到，那么假设，当前MEX的值是p，那么这时候一共有1+2+3+4...+p 1个与$c_1$,$c_2$,$c_3$...$c_p 1$相同，一共是p (p 1)/2个数字，那么MEX值一定不超过$\sqrt n$。故暴力能统计答案。 对于有修改的询问，我们 阅读全文
posted @ 2020-03-17 18:05
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令dp[u]表示，以u为节点，向下走的路径数目。一次dfs能够做完。再令f[u]表示，以u为节点，向上走需要的代价。 对于u的子节点v，计算v向下走的代价，计算v向上走的代价。 向上走的代价=(u去掉v向下走的代价+f[u]) 所以f[v]=(u去掉v向下走的代价）+f[u] 阅读全文
posted @ 2020-03-17 11:02
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bitset优化背包 阅读全文
posted @ 2020-03-17 09:48
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