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摘要： 不要以为用上Stirling数就一定离正解更近，FFT都是从DP式本身出发的。 设f[i]为i个积木的所有方案的层数总和，g[i]为i个积木的方案数，则答案为$\frac{f[i]}{g[i]}$ 转移枚举第一层是哪些积木：$$f_n=g_n+\sum_{i=1}^{n}\binom{n}{i}f_ 阅读全文

摘要： https://blog.csdn.net/WAautomaton/article/details/85057257 解法一：后缀数组 显然将原数组差分后答案就是所有不相交不相邻重复子串个数+n*(n-1)/2。 答案=重复子串个数-相邻或相交重复子串个数。 前者单调栈直接求解，注意细节，重点在后者 阅读全文

摘要： https://minamoto.blog.luogu.org/solution-p5106 容易想到枚举质因子及其次数计算其贡献，容斥计算$\varphi(p^i)$的次方数。 阅读全文

摘要： 首先集合去重不影响答案，然后打表易得连续自然数平方差异或前缀和的规律，于是问题就变为在线维护区间求并同时更新答案，set记录所有区间，每次暴力插入删除即可。由于每个区间至多只会插入删除一次，故均摊复杂度$O(n\log n)$ 阅读全文

摘要： 允许5%的相对误差，意味着我们可以只输出$\log_{1.05} V$种取值并保证答案合法。并且注意到答案随着区间长度而单增，故取值不同的答案区间是$O(\log_{1.05} V)$的。 于是初始x=0，每次x=max(x+1,x*1.05)，再用单调队列$O(n)$找出当前x能更新的区间即可。总 阅读全文

摘要： https://blog.csdn.net/maxwei_wzj/article/details/80789619 感觉主要难在想到通过f,g来求F,G。 代码实现调换了题解中f,g的两维。 阅读全文

摘要： https://blog.csdn.net/Maxwei_wzj/article/details/80714129 n个二项式相乘可以用分治+FFT的方法，使用空间回收可以只开log个数组。 阅读全文

摘要： 暴力枚举非树边取值做DP可得75。 注意到每次枚举出一个容斥状态的时候，都要做大量重复操作。 建立虚树，预处理出虚树上两点间的转移系数。也可动态DP解决。 树上倍增、动态DP、虚树DP似乎是这种问题的三种通用解法。 代码不是特别长但极其难写，预处理过程中要考虑各种情况。水平不够只好抄代码。 阅读全文

摘要： MinMax容斥将问题转化为求x到S中任意点的最小时间。 树形DP，直接求概率比较困难，考虑只求系数。最后由于x节点作为树根无父亲，所以求出的第二个系数就是答案。 https://blog.csdn.net/dearbaba_8520/article/details/80556499 $O((n+q 阅读全文

摘要： 用一棵Splay按名次维护每个点，其中一个节点对应初始编号连续的一段区间，这样总节点数是$O(m)$的。 对每个编号记录这个点被Splay的那个节点维护，用std::map存储，只记录被修改的点。 每次删除时将一个点分裂成[l,k-1],k,[k+1,r]三个点（特判k=l或k=r），再删除k。 注 阅读全文