随笔分类 - 贪心
摘要：Aimee 很简单的小dfs 额 其实是套着dfs壳的贪心 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int n,dis; int pl[100001]; int ans; void df
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摘要：Aimee 很水的题目 只要把P1144改一下 需要注意的是这个题有重边，求方案数的话一定要去重！！ 这就涉及到很有趣的问题。 要想成为顶尖高手 就要做到滴水不漏 --橙汁哥 从这个题我才知道我写的堆优化Dijkstra复杂度有问题 TLE起飞 #include<iostream> #include
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摘要：Miku 能够把自己的复杂的想法实现出来当然好 但是即使是一个复杂的，自以为正确的错误想法？？ （被卡了半年有感） #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int simex[30010]; int bo; int at[4]
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摘要：Miku 很简单的线性dp 或者说不用dp 有两维，随便按照一维降序排个序，就成了个固定顺序的一维问题了。 直接$O(n^2)$贪心划分不下降子序列或者说运用dilworth定理，求最长上升子序列 贪心更快诶，可能是因为continue的多？ dp #include<iostream> #inclu
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摘要：Miku 一道非常简单的dp，除非像我一样看错题 以为是所有猪全杀 然后写了个贪心，然后滚蛋 不过显然可以证明的是，优先取体重下降的快的猪，然后贪心 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std
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摘要：Miku 一个很好证明的贪心，从左往右，依次删掉比右边的数大的数，如果还需要删，就从后往前删 注意，这个题要考虑前导零 #include<iostream> #include<stack> using namespace std; string n;int k; bool vis[260]; sta
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摘要：Miku 贪心，只有点权的时候显然好做，但是还有边权怎么办呢 假设这里有一条边，边权为2v，然后两个点的点权为a，b,我们把边权分成两部分，然后平摊到两个点上，那么 边权变成了a+V,B+V 假如一人选了一个选了 那么a+V-(b+v) 和a-b一样。 同理，假如两个都归了一个人，那么a+V+b+v
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摘要：这个合并果子版的题和哈夫曼树极为相似 Miku #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<queue> using namespace std; priority_queue <long long> q; lon
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摘要：链接:Miku 这里是O(\(n^2\))的做法 首先可以证明，对于每一条直径，求出的偏心距是一样的 怎么证明？显然(我不会) 怎样求树的直径？简单。 贪心：在一条直径上，显然选择的路径越长越好 实现：首先求出树上所有点之间的距离（\(n^2\)）一直dfs就行 然后找出直径及直径经过的点 最后在直
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摘要：链接：[Miku]（https://www.luogu.com.cn/problem/P1016）' 贪心，对于每一个点，优先跑到能到的点中第一个价格较原点低的，否则加满油跑到价格最低的一个 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm
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摘要：Miku 一眼就看出来是个二分答案 二分最大边的权值 然后显然这种题是不需要考虑花了多少钱的，那么对于每一个mid 就先把所有范围内1级边全键了，然后再把剩下的二级边全键了，看一下能不能跑出来一个生成树 就行了 //二分解决最大的最小 #include<iostream> #include<algo
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摘要：Miku so crazy 因为把stack的类型写成bool 把自己搞自闭了 思路，显然如果一个点是（，那么不会有贡献，只要压入队列，答案继承父亲就行了 如果是），如果能匹配，就判断（的父亲是什么，如果是），那么显然把根节点到)的父亲的序列中与刚匹配的（）相接的部分加上刚匹配的（）也是合法的 不考
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摘要：Miku 贪心 按照时间从前往后尽可能的修 如果能修就修，修不了的话 我们可以选择撤掉一个以前修的腾出时间来，但是，腾出两个显然更蠢 那么，显然无论腾不腾，截止到此建筑，能修的数量最多一定（） 由此观之，应该把已修的最大的取出来，然后进行比较，放进小的，扔掉大的，来为后面腾时间 #include<i
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摘要：Miku 解提示思路一定要清醒，想好了再干。 别直接下笔，有思路吗，没思路写什么 --scz 被这个题卡了1h 我还是太弱了 #太弱了 思路本身好想，从后往前扫，能搞就干，先玩最大，同时间扔一块 \(\color{red}{但是我写了啥}\) #include<iostream> #include<
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摘要：MIku 规律：\(w_1+s_1<w_2+s_2\) #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int n; struct c{ long long w; long long s; }c
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摘要：链接：Miku 本题的关键就在于隐藏的单调性 开三个队列，分别放没切的，切出来的大的，切出来的小的。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<queue> #include<algorithm> #include<cmath> const int m
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摘要：链接：Miku、多组数据（蓝题和紫题的区别就是多组数据） 非常显然的贪心思路就是能放就放，放满了然后把下一次使用间隔最久的拿走、 但是这样会有一个问题，如果它已经进去了怎么办， 直接continue会wa掉，因为即使已经有了，我们还是应该更新一下下一个的值（易证） 那么该怎么办呢 if(pl[p[i
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摘要：链接：Miku 链表存图，但是要注意创造出来个0和n+1号坑，这会方便我们后续处理的 贪心的部分就是选择最高的，然后把两边的去掉 等等，我反悔了咋办，我觉得选两边的更好！（这里有一个问题，要不都选，要不都不选，这是可以证明的） 那么我们就把两边和中间拼成一颗巨树，他的价值是两边之和-中间的（这样再选
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摘要：链接：Miku 这道题和线段树有什么关系 很简单的贪心，如果一堆牌比左边的大，那么肯定是要加上他的差的 反正，顺手出掉就可以了 #include<iostream> using namespace std; long long ans; long long last; int n; long lon
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摘要：链接：Miku 这是一道水贪心，很容易想到做法就是把最贵的两个放在一块，让后当成一个重新放回队列 #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #include<queue> using namespace std; priority
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