随笔分类 - 数据结构们
摘要：Aimee 这是一道分块好题 显然我们要分块，一开始我们要建立分块，在这里我们要统计的数据有:原序列，每个元素属于哪一个块，每一个块的左右边界，每一个块的lazy，块的总数。 由于这个题目的要求，我们还需要建立一个复制的块来排序，进行查询。 最后不成块元素单独成块。 void build() { b
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摘要：Aimee 转移方程很好想$dp_{i,0/1}$表示第i个选（1）或不选（0） 其中$dp_{i,0}=max(dp_{i-1,0},dp_{i-1,1})$ 而$dp_{i,1}=max(dp[j]+sum_i-sum_j),i-j<=k$ 都有$sum_i$,那就成了$dp_{i,1}=max
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摘要：Aimee map出奇迹 #include<iostream> #include<cstdio> #include<map> using namespace std; map <char,int> m; map <int,char> mm; string s,ans; int main(){ m['
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摘要：Miku 你只需要一个小小的对顶堆 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<queue> using namespace std; priority_queue <int>
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摘要：这个合并果子版的题和哈夫曼树极为相似 Miku #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<queue> using namespace std; priority_queue <long long> q; lon
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摘要：链接:Miku 这里是O(\(n^2\))的做法 首先可以证明，对于每一条直径，求出的偏心距是一样的 怎么证明？显然(我不会) 怎样求树的直径？简单。 贪心：在一条直径上，显然选择的路径越长越好 实现：首先求出树上所有点之间的距离（\(n^2\)）一直dfs就行 然后找出直径及直径经过的点 最后在直
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摘要：链接：Miku 和[线段树2]（https://www.luogu.com.cn/problem/P3373） 一样的题 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #define int lon
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摘要：Miku 仍然还是线段树的水题 惨痛教训：不要无脑复制板子 #include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cstdio> #define int long long using namespace std; lon
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摘要：Miku 对于线段树来讲，lazy的更新是一个要仔细考虑的问题 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<cstring> using namespace std; int n,m; int sum[1200005]
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摘要：Miku 思路：参照这位神仙 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<vector> using namespace std; const int maxn = 1e5+50
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摘要：让A，b序列中大小排名相对应即可 若A中第j大的位于i，则应该b中第j大位于i 证明:假如a1<a2,b1<b2 则排列方式有 a1,a2,b1,b2或 a1,a2,b2,b1那么 对于这两种情况上，平方并做差，即可得以上结论 然而大问题是这样离散化后怎么搞出交换几次呢 离散化后 \(c_{a_i}
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摘要：Miku 画一画图就能知道规律 倘若询问区间是偶数 画图可知，答案为零 为奇数，则为 \(A_L\)^$A_{L+2}$·······$A_R$ 然后奇数偶数分别开一个 树状数组 就行了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm>
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摘要：Miku 第一关键字是温度，那完全可以在保证图联通的前提下找到最大的最小温度 最小生成树 然后把所有比最小温度还小的边建成一个新图，跑最短路就行了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<algorithm> #inc
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摘要：Miku 规律：假如只有一个栈，那么如果原序列存在三个数x<y<Z&&$V_y>V_x>V_z$ 那么就不可能排序成功，但是这里有两个栈，那么就应该把原序列分成两部分 两部分？二分图。 把不能在一起的点连边，进行二分图染色。 如果成功，就意味着存在&&两个栈的成员搞定了 反之不存在 #include
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摘要：Miku 显然思路是倒着扫，倒着染。 然而这样有一个问题，这样做，那么对于已经染色的区间是不需要重新染色的， 但是遍历的时候可以找到已染色区间的一个端点，另一个在哪？ 用并查集解决 fa[x]为x右边第一个没染色的端点 然后就O（N）解决了 提示：n+1个点也要初始化，因为只要n点被染色，那么一定指
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摘要：Miku 莫名其妙每一天 如果一天满足和前面的连续一些天可能不下降，那么它的最大气温一定不小于之前序列的每一天的最小气温 然后这东西用单调队列维护 再开一个队列维护这一段序列的堆头 就Ac了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm
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摘要：Miku 贪心 按照时间从前往后尽可能的修 如果能修就修，修不了的话 我们可以选择撤掉一个以前修的腾出时间来，但是，腾出两个显然更蠢 那么，显然无论腾不腾，截止到此建筑，能修的数量最多一定（） 由此观之，应该把已修的最大的取出来，然后进行比较，放进小的，扔掉大的，来为后面腾时间 #include<i
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摘要：Miku 线性dp+单调队列优化 单独的线性dp很好想，也很好卡。需要用单调队列优化。 对于1~l-1的点，他们是不可能到达的，（当然还有，不过因此for从l开始）。初始化dp为一个大负数，因为有negative答案 然后从l~n枚举（这里是要算dp的点），画个图就很好理解，单调队列扫到的点和枚举的
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摘要：树上差分板子的板子 Miku #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; int head[2*500001]; int p; struct b{ int to; int ne; } e[2*500001]; int fa[2*5
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摘要：链接：Miku 一个map干过去 #include <map> #include <cstring> #include <cstdio> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <iostream> using namespace std; s
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