随笔分类 - 模板
摘要：Archie 本文为倍增做法 后缀数组题 后缀数组是啥，把所有的后缀排个序就是后缀数组了 显然的暴力做法就是全部sort一遍 这不白瞎 我们利用倍增的思想，显然可以把一个字符串分成两半进行比较就可以了 引用一下wiki的图片。 这里有两个数组 $SA_i$表示第i小的后缀的编号 而$RK_i$表示第
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摘要：Archie 这只是一道橙题，为什么我要写呢，。 因为这个题可以用基数排序做 以下做法为基数排序+计数排序 计数排序 和桶排有所相似 首先，统计每个值的出现次数 然后呢，在值域范围内统计次数的前缀和 然后从后往前扫并统计 for(int i=m;i>=1;--i){ b[tot[3][a[i]%10
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摘要：splay splay与他的解析 二叉搜索树 我们搞一棵树，保证左子树所有点的权值比父亲小，右子树所有点权值比父亲大 显然这个玩意可以快速查询一个数存不存在，排名啦啥的 插入的时候直接顺序造节点，删除的时候，断开重连是件很愚蠢的事情 应该把删除节点和他右子树最左边那个或者左子树最右边那个交换，销毁它
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摘要：Archie 这叫啥啊，区间异或+区间求和 我用动态开点写的 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #define ll long long using namespace std; int n,m; int x,y,z; i
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摘要：Archie 区间加和单点查询 很简单的思路就是$O(\sqrt)修改和o(1)$查询，就像线段树一样搞。一个tag #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cmath> using namespace std
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摘要：Archie 显然这玩意可以胡搞 怎么搞 模拟退火基本知识 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cmath> using namespace std; double delat=0.993; double
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摘要：Archie 拉格朗日插值法 知道了n个点的坐标，构造出一个n次多项式 然后求f(x) 公式 $ f_k=\sum_^ny_i\prod_{j=1\quad j\neq i }^n\frac$ 就行了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstr
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摘要：我们需要的是解方程组 手解怎么解，挨个试呗 所以说呢，电脑也可以干一样的事情 从$x_1$到$x_n$一个一个得消去系数，然后倒着推回来 这里的问题很简单，不需要考虑自由元什么的 所以说搞就行了 在这里呢，我们把$1\rightarrow n$的系数依次搞成零 #include<iostream>
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摘要：❤Aimee❤ 和普通的最短路相比，多了一个免费边的限制 可以考虑得到，如果没有免费边的话，其实也就都一样了，那么考虑只有一个免费边 我们使用了之后，是不是就相当与进入了一个新的（没有边可以免费的）图，在这张图上，就和原来一样跑最短路就可以了 推而广之，结合一下dp的思想，可以把图分成$k$层，每用
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摘要：Miku 悬线法： 对于每一个点，我们以这个点为矩形的最低点，然后向左右检查最大扩展位置，然后向上找在此情况下的最大高度 #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<iostream> using namespace
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摘要：Aimee 可以用网络流解决 建超级源点与超级汇点，源点与所有的外籍飞行员相连，容量为1（顶多选一人一次） 超级汇点同理，容量还是1，而飞行员之间的点就可以使大于等于1的任意数 顶多只有1的流量 最后所有漫流的边即为方案 方案书就是最大流 #include<iostream> #include<cs
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摘要：Aimee 显然这是一个网络流 一开始，我们大可以随便找一条可行流 然后再找一条，可是如果要返回怎么办？可以建立对应的反向边，反向边的容量即即为正向边流量，构成残余网络，在残余网络上找到的从s$\rightarrow$t的路径，就是一条可行流，并且，找到最大流的充要条件是它的对应残余网络没有增广路
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摘要：Aimee 显然这是一个网络流 一开始，我们大可以随便找一条可行流 然后再找一条，可是如果要返回怎么办？可以建立对应的反向边，反向边的容量即即为正向边流量，构成残余网络，在残余网络上找到的从s$\rightarrow$t的路径，就是一条可行流，并且，找到最大流的充要条件是它的对应残余网络没有增广路
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摘要：Aimee 马拉车算法，以优秀复杂度求解回文子串 我认为的关键：减少重复计算 用r表示当前已知回文子串右边界，id表示其中心的位置 显然我们当下求解的i应该再id右边 如果这个i在r的左边，那么显然在id的中心中，因该有一个关于i的对称点，并且因为位置的的原因，左边点的回文是已经被算出来了的，那样可
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摘要：Aimeeeeeeeeeeeeeeeeeeee 人是会变的 我从没想过有一天我会不想放假 一个小小的A*，求出来每一个点到终点的距离作为估价函数 （显然这是最乐观的情况） 然后就是一个搜索了 搜索的key就是估价+走过的距离 并且显然如果一个点已经被取出了k次，那么这个点就是不会对第k条路起作用了
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摘要：Aimee tarjan是一个好东西 如果这个题没有环，那很简单 讨厌环 那就缩点，毕竟说了一个边只算一次 tarjan找到强联通分量，然后缩成一个点 怎么做呢？ 有一个dfn，也就是时间戳，还有一个low，表示能向下到达的最小的时间戳 然后dfsssssssssssssssssssssssssss
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摘要：Aimee 好不容易得到了这个称号，别着急摘下来 --scz 你也可以不用次小生成树做 但是也可以 次小生成树和最小一样大就证明不止一个 次小生成树要是不严格的话，只需要在求出的最小生成树上，加入一条新边，然后生成了一个环，在这个环上呢，删掉最大的边就行了 然后在最小生成树上加一点点东西就够了 存一
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摘要：Aimee 考试前看到某份考纲提到了平衡树 突发奇想想学一个 但是来不及了，为了平衡学习时间，以及大佬的建议下，毅然决定用vector搞一个 额，要是vector都过不了，那以我的水平，也拿不到更多的分了 配方，lower_bound+upper_bound+vector 对于操作1，使用vecto
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摘要：First Second 快速排序还是很重要的 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstdio> using namespace std; int zn[5000001]; int n,Aimee; vo
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摘要：链接：Miku 和[线段树2]（https://www.luogu.com.cn/problem/P3373） 一样的题 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #define int lon
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