随笔分类 - 洛谷
摘要：Aimee 显然的状压dp，但是还要考虑根节点。 那么把根节点也扔进去$f_{i,j}$表示i状态，有j层高。 转移的时候需要枚举i的子集，怎样保证子集合法？ 可以预处理一个数组表示i状态最多可以扩展一次扩展成什么，来解决。 处理新增的部分的时候·，我们假定所有新点到根节点的距离都是我们当前枚举的k
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摘要：Lisa 显然会形成一个图的结构，显然这玩意极有可能出现环 那咋办呢 从每一怪兽出发似乎都可以形成一个子问题。 每一个问题都是用自己所能到达的怪兽的花费来更新自己，如果自己更新了，就有机会更新自己的父亲 显然不会一直更新下去，这个环是有极限的。 所以好像出现了一个类似于spfa的结构 就是首先每个点
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摘要：Aimee set练手 insert有一个pair的返回值，second代表插入成功没有 s .end()返回值是最后元素的下一个位置。 lowerbound是第一个大于等于 upperbound是最后一个小于等于 #include<set> #include<cstring> #include<a
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摘要：Aimee 2-sat的模板题 显然根据题目所给内容，我们可以根据每一个菜的做法，推断出另一个菜的做法，然后连边 这样会出现一个个的环，这个环不能有矛盾 也就是满式和汉式不能同时被推出 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #in
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摘要：blackpink $O(n^2)$显然不过我们应该优化成$O(nlogn)$ 采用树上启发式合并 仿照树链剖分的思想，对于每一个位置，我们先处理所有的轻儿子，然后处理重儿子，统计当前节点的答案，最后把轻儿子删掉就可以了。 这样全局一个桶就够用了。 #include<iostream> #inclu
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摘要：P3812 【模板】线性基 这是一道板子题 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #define ll long long using namespace std; ll p[100]; ll ans; ll x; ll n; v
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摘要：Jennie \(c^n_m=c^{n/p}_{m/p}*{c^{n\%p}_{m\%p}}\) 然后套上去就行了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<cmath> #d
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摘要：Jennie 结合一下上一个题的思想，先确定一下这个最大公因数可以是谁--n的因数， 所以说肯定要对n的每一个因数的倍数下手，其中去除乘起来为n的哪个外，我们要注意一下剩下的倍数要跟他互质 ‘这不就和上个题一样了 #include<iostream> #include<cstdio> #includ
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摘要：Jennie 首先我们要知道欧拉定理 \(a^b\equiv^{b\%\phi(p)+\phi(p)}\quad b>=p\) \(a^b\equiv^{b\%\phi(p)} \quad b<p\) 然后对于这个式子，我们可以改造成 \(2^{2^{2^{2^{...}}}\%\phi(p)+\p
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摘要：Jinsoo 用更相减损术写的 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define int long long using namespace std; long long a,b,c;
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摘要：Jennie 似乎对于每一个不等式，都是有一个阈值k，那么分类讨论a的符号，也就是不等式的方向，因为输入的key的大小不超过$10^6$，那么一些算出来的key可以知道肯定满足、不满足 然后呢，根据不等式的方向扔到两个树状数组，查询即可 #include<iostream> #include<cst
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摘要：Archie 建反图，dfs #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int n,m; int x,y; struct e{ int to; int
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摘要：Jisoo tarjan求割边 对于一条$(u,v)$，如果他是割边，那么v子树中一定有一个点s$low_s>dfn_u$ 然后改造一下搜索函数 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<stack> using
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摘要：Jisoo 如果这玩意成不了二分图，肯定有环，而且还是肯定有一个三元环 如果一个点到两个点的距离$>k$那么这两个点之间的距离一定大于k 那么我们只要确定存不存在这样的三元组就可以了 怎么确定呢 画图可得，如果有三元环，那么这个三元环一定会存在一种包括两端点的情况 然后就显然我们要找直径，检查每一个
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摘要：Jennie 每个单词只有两个字符，那么就在这两个字符之间连一条边。 最后n+1个字符，显然是所有单词只出现了一遍 这样我们的目标就是找一条欧拉路径就可以了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace
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摘要：Rose $O(\sqrt n)$也是可以接受的对吧 化简式子得$gcd(\frac,\frac)=1$和$gcd(\frac,\frac)=1$ 然后枚举$b_1$的因子就可以了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #incl
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摘要：Lisa 显然状态压缩 然后，对于一个点集S，我们很容易求出这个点集可以形成的任意图$F_S$ 这个很容易预处理出来 然后呢，对于这个直接求联通的方案书并不容易，但是，可以用总方案减去不连通的方案数。 不连通的方案视为两个点集，一个点集随便，另一个点集必须联通。 所以在预处理完了以后，我们首先要做的
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摘要：jennie 树上dp求直径的模板 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<vector> using namespace std; int n; vector<int> v[100001]; int x,y; i
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摘要：P1908 逆序对 - 洛谷 | 计算机科学教育新生态 (luogu.com.cn) 树状数组可以干这个事情 树桩数组维护一个下标啦 然后离散化一下，sort，unique，二分确定每一个数在新序列的下标 也就是第i个数大小的排名。 然后算一下有多少个数，拍在他前面且大小排名在它之前。 #inclu
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摘要：Archie 树链刨分之后很显然就成了一条一条的链 那么用线段树维护一下就行了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; int n,m,r,pp; s
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