随笔分类 - 考试
摘要：A. 哪一天她能重回我身边 学网络瘤学傻了，用费用瘤搞掉第一问就在想怎么搞方案，然后越想越偏。。。。。 不仅没有搞出来第二问，而且费用瘤的复杂度。。。。 总之就是挂的很惨。。。。 这题居然是个树形$DP$？？？ 把背面的数向正面的数连边，翻一张卡相当于把边反向，我们要用最少次数让所有点入度小于等于$
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摘要：A. 神炎皇 有的时候，不能太相信自己的过去。。。。 这题不是很难，本来打表已经出了最终性质了，但是发现自己曾经交过这道题，于是手贱搞下来对拍一下，发现全挂了。。 输出一下发现好像原来的是错的，但是因为脑抽 ，太过相信自己，认为原来的是AC的。。 最后毅然决然交了过去的码，结果$WA0$。。。。。。
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摘要：差点又因为文件暴0。。。 A. matrix 状压，$f[i][j][k]$表示第$i-1$行状态为$j$，第$i$行状态为$k$的最小花费。 貌似复杂度不对？但是舍弃非法状态后复杂度是可以接受的，具体怎么证明我不会 code #include<cstdio> #include<cstring> u
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摘要：本场比赛是暴力的胜利！！！！ A. d 怎么说呢，考场想到正解方式，但是错误使用双指针，而且完全没想平衡树。。。。 做法就是分别按照$a,b$排序，然后枚举按照升序删掉多少$a$小的，剩下的按照$b$删，使用平衡树很好的解决，可惜考场完全忘了有这个东西。。 好在这样的暴力有$81pts$ code
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摘要：博客咕了好久，还是更新一下吧。。。。 A. 世界线 搜索，暴力搜索。。。 答案显然是每个点能到达的点的数目之和减去边数 就是$DFS$，但是直接搜显然会$TLE$ 于是使用$STL$的$bitset$进行优化 然鹅会$MLE$ 发现空间只够开一半的点，所以分两次$DFS$，每次处理一半。 code
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摘要：夜莺与玫瑰 想了大概$2h$也没搞出来，真的是。。。我太菜了 最后连$60pts$暴力都没调出来（式子没有$max$），还是时间分配不合理，留给打爆力的时间太少了。。。。。。。（最后$10min$能打出来才是奇迹好吧） 这题一看题面就想到仪仗队，然后就想用欧拉函数，就歪了 欧拉函数用不上，但是思想还
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摘要：没想到这个系列还能再更新 A. 装饰 这种题就需要大胆猜测打表验证 反正就是推出来了，式子变化一下就是题解式子，就是有亿点不简洁 我是这么想的（大概） 先排序，两个较小的颜色可以看成一个，这样只用考虑两种颜色，取法只有$1-2$ 令两种颜色数量为$a,b(a<b)$ $a*2<=b$显然按照$a$取
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摘要：A. 星际旅行 乍一看好像挺难，考场上跳过做后面，回来一想也不是多难 大胆猜测结论，然后居然证出来了，然而没有开$long long$我直接爆炸 考场乱画发现猜测两边必须相邻，然后尝试证明 发现：一条边走两次$=\(两条边，走一次\)=$删一条边 然后问题就变成删去两条边，剩下的构成欧拉路 删去之前
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摘要：a $N$很小$M$很大，猜测需要$O(N^2M)$的算法，就是枚举$N$得到一段序列然后$O(M)$求贡献 随着左界的右移，满足条件的区间一定不会左移，使用双指针（或许是三个） code #include<cstdio> #include<cstring> using namespace std;
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摘要：A. 贝尔数 中国剩余定理+矩阵快速幂优化递推 中国剩余定理没学，咕咕 B. 穿越广场 $AC$自动机$dp$，$AC$自动机还没学，咕咕 C. 舞动的夜晚 最大流的必经路，咕咕
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摘要：A. 茅山道术 简单$DP$，只考虑相邻两个同色的是否使用就行 code #include <cstring> #include <cstdio> using namespace std; const int maxn=1000005; const int mod=1e9+7; int rem[ma
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摘要：A. 计数题 以每个位置结尾的字符串最多只有一个，对于一个串，如果扩展他的前缀，不会使结果变差，那么我们就强制取以1位置开始的子序列，发现如果产生了冲突，那么一定是一个前缀和一个子串的后缀相同，那么这个前缀或者这个子串我们只能留一个，一个前缀可能和多个子串后缀冲突，但是一个子串只会和一个前缀冲突，所
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摘要：A. 异或 这种题就是打表，什么性质不性质的不重要 不知道我打表出的式子怎么解释，， 粘一下题解做法吧 "考虑每一位的贡献，从低到高的第$i$位会每隔$2i$个数变化一次，于是第$$i位对答案的贡献就是$\lfloor\frac{i}{2i}\rfloor$， 把每一位的贡献加起来即可。" 我的代码
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摘要：求和 等差数列求和，直接乘会炸$ull$，需要龟速乘（考试时候懒得打高精主要是不会，也忘了有龟速乘这个东西.......） code #include<cstdio> #include<cstring> using namespace std; typedef unsigned long long
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摘要：这套题咕咕咕咕咕了好久，还是决定先写一点吧 A. 第零题 从$i$到$j$，在$j$处死了，那么与从$j$到$i$死的次数是一样的，也就是说可以向上走到$lca$一下的最后一次死的点，最后这一段统计一下需不需要多死一次就好了，树上倍增记录$i$的第$2^{j}$级死亡点，1级死亡点$dfs$时候记录
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摘要：A. 送花 考虑选择一段以$i$为结尾的区间，记录$las[i]$为上一个与$c[i]$颜色相同的花的位置，发现只有在$las[i]+1-i$这个区间才会有$d[c[i]]$的贡献，而之前有贡献的$pos[pos[i]]+1-pos[i]$，没有了$d[c[i]]$的贡献，用线段树维护区间最值，支持
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摘要：A. 打地鼠 大水题，暴力比正解难系列 二维前缀和$n^2$枚举即可 code #include <cstring> #include <cstdio> using namespace std; const int maxn=2005; int max(int x,int y){return x>y
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摘要：A. 玩游戏 贪心，尝试向两边扩展，能扩展到使手里的数更小的地方就扩展，直到边界处或者两边扩展不了（走不动或者不能使手里的数更小） 貌似不能贪心了？ 逆向思维，假如能够扩展完，那么最终手里的数为$sum=\sum_{i=2}^na[i]$我们假设走出来了，从两边向里扩展，进行逆向操作（可以看做移动的
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摘要：A. 字符交换 每个字母分开考虑，一定至少有一个字母不动，枚举不动的位置，向两侧扩展至最大，尝试更新答案 注意无穷大的选择 code #include <cstring> #include <cstdio> using namespace std; int sum[27][4005],cnt[27]
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摘要：A. Reverse 考场跑了个dijstra就跑路，然后T了。。。。 其实dij用处不大，这题用BFS说不定还快点。但是直接大力BFS显然同样会T飞，考虑如何优化，问题的关键在于这张“图”的“边数”太多了，但是在BFS或者其他算法~~dij~~中，每个点第一次被访问就是该点的答案，也就是说，虽然我
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