摘要：
SET @mycnt=0;SELECT @mycnt := @mycnt +1 as mycnt, a.*, b.*FROM a, b;表中第一列即为mycnt，从1开始计数。 阅读全文
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1 <script language="javascript"> 2 var t = null; 3 t = setTimeout(time,1000); 4 function str0(a) 5 { 6 if(a<10) return "0"; 7 else return ""; 8 } 9 function time()10 {11 clearTimeout(t);12 var dt = new Date();13 var year = dt.getFullYear();14 var month = dt.get 阅读全文
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=SUM(1/COUNTIF(A1:A10,A1:A10))好像是不能用空白单元格，否则会出现#DIV/0!A1是左上角，A10是右下角，输入后ctrl+shift+enter就显示区域内不重复单元格的个数了。 阅读全文
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以前怎么没注意过这个问题，今天安装ubuntu12.04，把iso解压，运行文件夹里唯一的.exe文件（wubi.exe），安装过程中要下载十几个小时的wubi-amd64.tar.xz这个东西，好奇怪。然后，把wubi.exe单独剪出来，放到和.iso文件相同目录下，再运行wubi.exe，好了，不下载那东西了。。。安装成功！ 阅读全文
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三点构成三个点对的路径，x轴、y轴都至少有一个点对的路径经过。枚举每组点对的路径让其经过一个轴，当然也可以同时经过两个轴。在所有情况中取最小答案。当坐标在轴同一侧时，对其中一个点的该坐标取反，得到的新点求距离就是镜面反射的距离。如果在不同侧，就直接求距离。 1 #include<stdio.h> 2 #include<stdlib.h> 3 #include<math.h> 4 #include<algorithm> 5 const double eps = 1e-8; 6 inline double Sqr(double x) {return 阅读全文
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难道和 I 题这么有缘么？长春也是 I 题……1、如果有某个追逐点的速度大于目标点，或者位置与目标点重合，则答案为1；2、追逐点速度不大于目标点时，目标点有一个方向上的圆周区间可以被追到，计算这个区间的范围；到两点距离成比例的点轨迹是圆，用圆求切线应该也能做。3、转化为最小区间覆盖，因为在圆周上，所以枚举一下起点，总复杂度O(Nlogn+N^2)=O(N^2)比赛时候脑子抽了，竟然忘了区间覆盖怎么写！最后十分钟没调出来。若是有这一题，应该就稳进Final了吧。 1 #include<stdio.h> 2 #include<string.h> 3 #include< 阅读全文
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先是用经纬度算，调了很久，实在不会如何用经纬度求交点，百度谷歌也找不到。用三分法求了交点，有问题。。。不得已各种三角函数反三角函数坐标旋转神马的都用上了，硬是求出三维坐标系的各种点再算，精度都不知损到哪里去了，竟然能AC了。。。1、算临界线的纬度2、判断行程所在平面的“斜率”是否能与临界线相交，不相交则100.0003、把行程平面的x方向旋转到x轴正方向算出与临界线交点，再在临界面旋转到行程面与临界面交点4、用球面距离和z坐标结合判断计算区间。 1 #include<stdio.h> 2 #include<string.h> 3 #include<stdlib.h 阅读全文
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特别选出其中两个点，比如p[0]和p[1]，两个点要么在对称轴上，要么一个在对称轴上，要么是对称点，要么分别和其他点对称而共享一个对称轴。这样枚举其他点和这两点构成对称轴，可以枚举出2n个对称轴，复杂度是O(n)，中间判断一下是否其中一个点在对称轴上。对于枚举得到的O(n)个对称轴，用set或hash的方法存点，就可以通过计算对称点是否存在的方法O(nlogn)或O(n)来判断是否是对称轴了。没想到36ms，set还挺快。 1 #include<stdio.h> 2 #include<string.h> 3 #include<stdlib.h> 4 #inc 阅读全文
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Staginner剽悍地抽象出了数学模型并推出了各项数据，万事俱备只欠东风，可惜最后一步推错了，比赛时候这题没过。。插板法组合数对应了不同icon的分配方案。每种分配方案又对应了很多种摆放方案。假设有s种分配方案，x[1]~x[s]分别对应了每种分配方案的摆放方案，可通过DP求得∑x 。也可求得∑(x^2)，∑(x^3)...设M[p] =∑(x^p)。设S[p] = ∑x[i1]*x[i2]*x[i3]...*x[ip]，i1~ip为互不相同的1~s的序列。题目所给棋盘是N行，我们求的就是S[N] * N!——————————分割线——————————以上是Staginner得到的数据与结论 阅读全文
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去年省赛教练会汝哥讲过一个结论，至多两个数字就可以拼出任何数的倍数。证明可以这样，AAAA...AAA若干个A，模X，能得到的余数种类是有限的，至多是1~X-1，那么总会有n个A和m个A这两个数模X余数相等，他们相减就得到了X的倍数，而相减得到的数就是两个数组成的。这样就可以对一个数先枚举一下，对两个数再枚举一下，找组成的那个数，可以BFS。一个数用来拼数字的时候超过一定长度就可以停下了，一步步模会出现循环。枚举得到的答案比较一下更新，最后输出。比赛时候思维乱，代码不太工整，见谅。 1 #include<stdio.h> 2 #include<string.h> 3 # 阅读全文