[BZOJ]1085 骑士精神(SCOI2005)

  这种鲜明的玄学风格很明显就是十几年前的题目。

 

Description

  在一个5×5的棋盘上有12个白色的骑士和12个黑色的骑士, 且有一个空位。在任何时候一个骑士都能按照骑士的走法(它可以走到和它横坐标相差为1,纵坐标相差为2或者横坐标相差为2,纵坐标相差为1的格子)移动到空位上。 给定一个初始的棋盘,怎样才能经过移动变成如下目标棋盘: 为了体现出骑士精神,他们必须以最少的步数完成任务。

  

Input

  第一行有一个正整数T,表示一共有N组数据。接下来有T个5×5的矩阵,0表示白色骑士,1表示黑色骑士,*表示空位。两组数据之间没有空行。

Output

  对于每组数据都输出一行。如果能在15步以内(包括15步)到达目标状态,则输出步数,否则输出-1。

Sample Input

  2
  10110
  01*11
  10111
  01001
  00000
  01011
  110*1
  01110
  01010
  00100

Sample Output

  7
  -1

HINT

  T<=10。

 

Solution

  拿到这道题应该没有别的想法吧,于是我们直接开始往搜索去想。

  由于步数最多只有15,所以最暴力的暴力的时间复杂度为O(T*25*815)。

  如果用A*算法解决这道题,估价函数为不符合答案的格子个数,如果剩余步数小于这个值,那么这个状态一定不能在15步内走到答案。

  复杂度似乎可以不用乘上25,所以理论时间复杂度上限为O(T*815)。

  所以A*算法就是这么神奇地通过该题的,网络上题解有很多,小C就不再赘述。

  都是玄学。

  所以小C还是介绍一下自己的折半搜索做法吧。

  从目标状态往前搜8步,用一个map把每个状态hash的答案存下来。

  从每个起始状态往后搜7步,对于每个状态到map查找并更新答案。

  理论时间复杂度O(25*88*log(state)+T*25*87*log(state))。

  加一个判重的剪枝,可以跑得飞快。

  map还可以用O(1)的,hash还可以动态维护。所以时间复杂度可以优化到O(88+T*87)。

  而且每个状态不是满的8种转移方式,实际的时间复杂度远远小于上限。

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <map>
#define ll unsigned long long
using namespace std;
typedef char matr[6][6];
const int fx[8][2]={{1,2},{1,-2},{-1,2},{-1,-2},{2,1},{2,-1},{-2,1},{-2,-1}};
map <ll,int> mp;
matr c,d;
int cx,cy,dx,dy,ans,t;

inline int read()
{
    int n=0,f=1; char c=getchar();
    while (c<'0' || c>'9') {if(c=='-')f=-1; c=getchar();}
    while (c>='0' && c<='9') {n=n*10+c-'0'; c=getchar();}
    return n*f;
}

ll geth(matr c,int x,int y)
{
    ll h=0;
    register int i,j;
    for (i=1;i<=5;++i)
        for (j=1;j<=5;++j) h=h*2+c[i][j]-'0';
    h=h*5+x-1; h=h*5+y-1;
    return h;
}

bool check(int x,int y) {return x<1||x>5||y<1||y>5;}

void dfs1(int stp)
{
    ll h=geth(c,cx,cy);
    if (mp[h]&&mp[h]<=stp) return;
    mp[h]=stp;
    if (stp>8) return;
    register int i,ncx,ncy;
    for (i=0;i<8;++i)
    {
        ncx=cx+fx[i][0];
        ncy=cy+fx[i][1];
        if (check(ncx,ncy)) continue;
        swap(c[cx][cy],c[ncx][ncy]);
        swap(cx,ncx); swap(cy,ncy);
        dfs1(stp+1);
        swap(cx,ncx); swap(cy,ncy);
        swap(c[cx][cy],c[ncx][ncy]);
    }
}

void dfs2(int stp)
{
    ll h=geth(d,dx,dy);
    if (mp[h]) ans=min(ans,stp+mp[h]-2);
    if (stp>7) return;
    register int i,ndx,ndy;
    for (i=0;i<8;++i)
    {
        ndx=dx+fx[i][0];
        ndy=dy+fx[i][1];
        if (check(ndx,ndy)) continue;
        swap(d[dx][dy],d[ndx][ndy]);
        swap(dx,ndx); swap(dy,ndy);
        dfs2(stp+1);
        swap(dx,ndx); swap(dy,ndy);
        swap(d[dx][dy],d[ndx][ndy]);
    }
}

int main()
{
    register int i,j;
    t=read();
    for (i=1;i<=5;++i)
        for (j=1;j<=5;++j)
                 if (i<j||i==j&&i<=2) c[i][j]='1';
            else if (i>j||i==j&&i>=3) c[i][j]='0';
    cx=cy=3; dfs1(1);
    while (t--)
    {
        ans=16;
        for (i=1;i<=5;++i) scanf("%s",d[i]+1);
        for (i=1;i<=5;++i)
        {
            for (j=1;j<=5;++j)
                if (d[i][j]=='*') {dx=i; dy=j; d[i][j]='0'; break;}
            if (j<=5) break;
        }
        dfs2(1);
        printf("%d\n",ans==16?-1:ans);
    }
}

 

Last Word

  不过仔细想想玄学题目并不只是十几年前的专利啊,比如FJOI的D2T2……

posted @ 2017-09-29 12:02  ACMLCZH  阅读(50)  评论(0编辑  收藏