HDU 6869-Slime and Stones【威佐夫博弈拓展】
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6869
分析
显然,当 \(k=1\) 时,直接就是威佐夫博弈。
威佐夫博弈的必败态 \((a,b)\) 的通项公式:
\[a_i=[i·f],b_i=a_i+i\ (i=0,1,2,...) ,f=\frac{\sqrt{5}+1}{2},[x]表示取整
\]
考虑 \(k=1\) 的情况,推导前面几项 \((a,b),a\leq b\):
\[(0,0),(1,3),(2,6),(4,10),(5,13),(7,17),(8,20)...
\]
由此,可以发现:\(b_i=a_i+2·i\ (i=0,1,2,3...)\)
采用和威佐夫博弈公式相同的推导方法,即 贝蒂定理(Betty Theorem):
介绍:https://zhuanlan.zhihu.com/p/149621032
威佐夫博弈的公式来自于:
\[\frac{1}{x}+\frac{1}{x+1}=1
\]
解得:\(x=\frac{\sqrt{5}+1}{2}\)
列出方程:
\[\frac{1}{x}+\frac{1}{x+k+1}=1
\]
根据二元一次方程的通解:\(x=\frac{-b\pm \sqrt{b^2-4ac}}{2a}=\frac{(1-k)\pm \sqrt{k^2+2k+5}}{2}\)
取正解:\(x=\frac{1-k+\sqrt{k^2+2k+5}}{2}\)
所以,
\[\begin{cases}
a_i &= [\frac{1-k+\sqrt{k^2+2k+5}}{2}·i]\\
b_i &= a_i+(k+1)*i=[\frac{3-k+\sqrt{k^2+2k+5}}{2}·i]
\end{cases}
\]
验证时,先求出 \(i=\lfloor (b-a)/(k+1)\rfloor\),然后代入 \(i\) 的值,验证以上的两个通项公式。
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
int T,a,b,k;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%d%d%d",&a,&b,&k);
if(a>b) swap(a,b);
double k1=(1-1.0*k+sqrt(1.0*k*k+2.0*k+5.0))/2.0;
double k2=(3+1.0*k+sqrt(1.0*k*k+2.0*k+5.0))/2.0;
int d=(b-a)/(k+1);
if(floor(d*k1)==a&&floor(d*k2)==b) printf("0\n");
else printf("1\n");
}
return 0;
}
参考博客:
https://blog.csdn.net/oampamp1/article/details/108083039
https://blog.csdn.net/qq_43814654/article/details/108086427