随笔分类 - 题解
摘要：CF传送门 洛谷传送门 解题思路 很容易发现，对于每一次移动，除了最后一位，每一个数对答案的变化的贡献只有两种情况： 若a[i]>=i，对答案的贡献是+1 若a[i]<i，对答案的贡献是-1 所以我们可以预处理出每个时刻从a[i]<i到a[i]>=i的数有多少个，然后动态维护cnt1和cnt2（分别
阅读全文
摘要：CF传送门 洛谷传送门 解题思路 显然有一条性质：每次选择一定选择一整行和一整列。 考虑暴力做法： 把每个点的横坐标连向纵坐标，边权为1，跑一遍最小点覆盖，求出最少选择多少行数+列数使其覆盖所有的边。 由于点可能很多，但是矩形可能很少，所以我们考虑优化。 把所有横纵坐标分别扔到一个数组中，离散化处理
阅读全文
摘要：CF传送门 洛谷传送门 解题思路 首先容易想到的是个最小割板子，注意点要分成入点和出点。 其次就是简单的dfs，很显然，答案是0或1或2。 第一遍如果没有路，答案就是0，并且把所有经过的点都标记成障碍。 第二遍再进行一次dfs，若没路，答案就是1，否则就是2。 AC代码 1 #include<cst
阅读全文
摘要：CF传送门 洛谷传送门 解题思路 把城市拆成两个点——入点（1~n）和出点（n+1~2n），然后以下情况连边： 读入的边（入连向出），边的流量为max 超级源点向所有城市入点连边，流量为a[i] 所有城市入点向出点连边，流量为max 所有城市出点向汇点连边，流量为b[i] 跑一边最大流，若最大流结果
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 先遍历一遍树，求出size[u](节点u的所有相邻节点的点权和)，和图中联合权值的最大值。 如何求最大值？ 求出每个点相连的点的第一大和第二大点权，相乘后与ans取max。 再求和： 再遍历一遍树，对于每个点u，答案加上w[u]*(size[v]-w[u])。 AC代码 1 #in
阅读全文
摘要：洛谷传送门 CF传送门 解题思路 先考虑没有限制负数的情况，很显然就是用一个栈，每次与栈顶能配对就配对。 当有限制负数时，会出现错误，如 1 1 3 3 -1 -1，此时我们不能让前两个1相配对。 这是进行以下两个改动： 因为要求是正数在负数前面，所以我们进行倒序枚举。 若当前数要求为负数，则直接入
阅读全文
摘要：洛谷传送门 CF传送门 解题思路 先想O(n^2)暴力，第一层循环为序列a1的最终长度i，第二层循环为序列a3的最终长度j，那么操作次数为原序列a1给a2和a3的数字个数+a2给a1a3的个数+a3给a1a2的个数。 可以预处理出三个数组，cnt1[i]表示序列a1中1……i中有几个数字，cnt2[
阅读全文
摘要：洛谷传送门 CF传送门 解题思路 紫题？？ 洛谷的题目颜色真的太准！ 读完题，我们可以发现以下结论： 栈内元素清空后，剩下的元素从大到小放入答案序列尾部； 比栈顶元素小的元素在栈底则无解 所以思路即为：把给定的元素全部压入栈中，压入栈的过程中同时能弹出就弹出（要符合字典序，即从1开始），然后对剩下的
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 先读懂题目： 有一个等差数列（未排序），共有n个数字，需要你猜出公差和最小的数字。 你共有60次询问机会，每一次有两种选择： ？i，返回ai的值 > i，返回是否存在一个数严格大于i 最后给出答案。 思路? 首先用二分查找得到最大值，使用最多三十次左右询问次数（a<=10^9）。
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 看到题的第一眼，直觉告诉我要把所有的数乘在最大的数身上，但举了一个反例： 2 1 2 2 3 这样乘在2身上明显答案更优。 所以并不能确定应该乘在谁的身上，但是可以保证一定是把所有数都乘在一个数身上。 那么怎么优化O(n^2)的时间复杂度呢？ 我们可以预处理一个数组存所有数字二进制
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 开21棵线段树，把数字拆成二进制存，然后对每一位进行操作。 注意+-*/和&^|等不能混用，都各自是闭环，两者毫无规律可言！ 所以就开21棵线段树。 AC代码 1 #include<iostream> 2 #include<algorithm> 3 #include<cmath>
阅读全文
摘要：传送门 莫队 莫队就是一个优雅的暴力。 莫队就是把询问分块+排序，第一关键字为左端点在第几块，第二关键字为区间右端点。 条件？问题离线，询问的是区间。 名字由来？一个国家队队长发明的= 解题思路 对于区间i...j，成功的概率为: 不必解释了（学过排列组合的都懂，像我一样没学过的也想不懂） 整理一下
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 一言一概之，动态求区间众数。 瞄一眼数据范围，大约n根号n——分块大法好！ 先把读入的数据离散化，然后进行分块处理。 对于每一个询问，把它分成整块和零散快处理： 整块：预处理i到j块的众数，直接O(1)询问。 零散快：预处理从1到n每个数出现的位置，枚举零散快的数字，二分查找询问的
阅读全文
摘要：传送门 分块大法好 分块 什么是分块 就是把一连串的东西分成几个部分，通常是分成√n个部分，每个部分√n个数字，然后每一块分开处理。（当然有别的情况） 有什么用 时间得到了优化，把n变成了sqrt(n)*log(sqrt(n))。这是一种优雅的暴力呢 主要思路？ 每一块内按照权值排序。对于每一次操作
阅读全文
摘要：传送门 启发式合并 通俗点讲，就是将两个数据合并时，小的合并到大的里，这样就可以节约时间。 解题思路 再看看这个题，就是个板子题。 在两个节点信息合并起来时，让颜色数少的节点合并到颜色点多的节点上，实际操作时则是都是儿子的信息合并到父亲上，但是若儿子信息多于父亲，则交换一下信息（swap可做到O(1
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 先用字典树存储所有的字符串，然后对每个字符串进行判断是否能成为符合要求的字符串： 对于这个字符串的每一位，如果这一位上有别的字符串与之不同，那么一定就把别的字符串这一位上对应的字符j向这个字符串这一位上对应的字符t连一条边，表示我们规定的字母表中j大于t。 然后判断有没有环出现即可
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 普通的trie貌似会MLE 但是我们可以偷偷数组少开个零，就A了 想知道为什么？ 别问，问就是数据水。 其实正解map bitset等等…… 看来以后要学学bitset…… AC代码 1 #include<cstdio> 2 #include<iostream> 3 #includ
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 把每一个信息插入01字典树中，用vis[i]表示有多少个信息经过这个点，用vis2[i]表示有多少信息以i这个点结尾。 注意vis中不包含以其结尾的点。 然后对于每一条暗号，跑字典树，经过的点加上vis2[now]，结束时加上vis[now]，注意当因为匹配不到结束时不能加vis，
阅读全文
摘要：传送门 解题思路 纯属为了想练trie树 其实map更简单 注意答案开longlong，数组开5*maxn AC代码 1 #include<cstdio> 2 #include<iostream> 3 #include<cstring> 4 #include<iomanip> 5 #include<
阅读全文
摘要：传送门 以这个做模板还是很纠结的…… 解题思路 01字典树，就是一个二叉的字典树，把许多数字二进制拆分，然后扔进字典树里，就可以进行许多骚操作。 回到这个题，朴素算法为预处理出每个点到根节点的路径的异或和，然后枚举任意两个点，把两个节点到根节点的异或和异或起来即为答案。原因是lca到根节点之间的路径
阅读全文
浙公网安备 33010602011771号