04 2018 档案
摘要：第一次写这种二分来优化决策单调性的问题。。。。 调了好久，，，各种细节问题 显然有DP方程： $f[i]=min(f[j] + qpow(abs(sum[i] - sum[j] - L - 1)));$ 其中f[i]代表到了第i个句子的最小答案 qpow用于处理^p sum为前缀和 （同时为了处理句
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摘要：斜率优化DP先考虑朴素DP方程，f[i][k]代表第k个厂建在i棵树那里的最小代价，最后答案为f[n+1][3];f[i][k]=min(f[j][k-1] + 把j+1~i的树都运到i的代价）首先注意到“把j+1~i的树都运到i的代价”不太方便表达，每次都暴力计算显然是无法承受的，于是考虑前缀和优
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摘要：不是很懂为什么luogu标签是树形DP，感觉我想的就是一个贪心啊。。。 随机造几组数据，我们发现贪心的确可以得到最优解，那么为什么呢？ 假设将所有时态贪心的调整是对的，那么如果一个节点的各个儿子时态不同，那么强行统一，为什么可以假设是对的？因为观察到在一个点的上方+1，对它的子树的相对关系的没有影响
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摘要：表示每次看见期望的题就很懵逼。。。 但是这题感觉还是值得一做，有可借鉴之处 要是下面这段文字格式不一样的话（虽然好像的确不一样，我也不知道为什么，是直接从代码里面复制出来的，因为我一般都是习惯在代码里面敲注释。。。 还是比较妙的。 首先有一个贪心的最优策略，由于每盏灯最多开一次（两次就相当于没开），
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摘要：感觉是一道很妙的树形DP题，充分利用到了树的性质（虽然说点分治也可以做，，，，但是本蒟蒻不会啊） 然而某Twilight_Sx大佬表示这道题真的非常水，，，本蒟蒻也只能瑟瑟发抖了 本蒟蒻表示还是要经过一些思考的吧 虽然说是要获取概率，但是要输出分数形式，显然直接算可能获胜的次数再除所有可能，并且用g
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摘要：DP，递推，组合数 其实相当于就是一个递推推式子，然后要用到一点组合数的知识 一道很妙的题，因为不能互相攻击，所以任意行列不能有超过两个炮 首先令f[i][j][k]代表前i行，有j列为一个炮，有k列为两个炮的方案 那么有如下转移： 1,这行不放炮，add+=f[i-1][j][k]; 2,放一个炮
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摘要：公式：A(n,n)*A(n+1,2)*A(n+3,m) + A(n,n)*C(m,1)*A(2,2)*C(n+1,1)*A(n+2,m-1) 分情况讨论推出公式 前者为无论何时都合法的，后者为先不合法，然后再合法的（两个老师先站在一 起，然后一个女生 插进来，所以要把这3个人看成一个整体，然后老师可以左右换，所以乘2,女生 就是m选1,然后整体再插入队伍 最后得到上面的式子由于答案较大...
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摘要：一道最小生成树经典题 由于是最靠近的两个部落尽可能远，如果我们先处理出任意两个居住点之间的距离并将其当做边，那么我们可以发现，因为在一个部落里面的边是不用计入答案的，所以应该要尽量把小边放在一个部落里， 由此，我们可以想到最小生成树，也是每次都优先选小的边，只不过这里要求的是尽可能远，所以就相当于是
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摘要：差分 一开始竟然想分情况讨论来差分，然后发现各自情况要分析， 就是为了解决中间节点重复计算的问题， 结果 最后一想，中间重复计算了一次，那我最后减掉不就好了么，，， 那这就是一道差分裸题了（这是唯一不同的地方） 由于是树上差分，所以要先求出所有需要的LCA，然后就是树上差分的套路了 这里由于进来后再
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摘要：由于相差不超过k才可以放在一起，要判断不超过k这个条件，显然我们需要排序 首先我们需要一个f数组，f[i]意义看代码开头注释, 假设我们可以选择的某一个区间是a[l]~a[r]（已排序且最优(最长的意思））,那么这个区间要符合这样一个性质： a[r]-a[l]<=k 移项一下， a[r]<=k+a[
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摘要：首先由于不会有三条对角线交于一点，所以过某一个交点有且只能有２条对角线 而这两条对角线实质上是确定了４个顶点（也可以看做是一个四边形的两条对角线交于一点，求四边形的数量）。 因此我们只需要确定４个顶点就得到了这个唯一确定的交点。 因此我们只需要求这样４个顶点的搭配有多少个了 也就是从ｎ个顶点中取４个
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摘要：非常妙的树形DP：由于n很小，我们可以枚举每一个点作为第一个节点，计算其时间花费 那么问题就转化为对于给点节点求花费时间。 通过观察，显然我们会发现先传给花费时间多的人更加合算，因为这样可以最大限度的避免 一个人还在辛苦的传递信息，另一个人却悠闲的喝下午茶（雾）的局面 所以我们可以每次都记录下对于一
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摘要：带修改的莫队，还没做过的莫队建议先做ＨＨ的项链（板子题） 这里多了一个修改，首先我们要相信一个真理：暴力出奇迹 莫队就是相当与对暴力的一个优化， 于是对于每个询问，我们标记它的时间（也就是前面有几个修改） 然后像普通莫队一样做，如果时间不符合，那就暴力修改ｏｒ暴力撤销 比如说我们用now记录现在的X
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摘要：推导过程 ： 组合数+容斥原理+gcd 正确做法是暴力的一种优化，ans=所有情况 - 平行坐标轴的三点共线 - 斜线三点共线 如果快速求斜线三点共线： 首先要知道一个结论，对于点(a,b) (x,y)连成的线段而言(其中a>x,b>y)， 在它们中间有gcd(a-x,b-x)-1个整点，因此基本的
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摘要：表示调这道题已经调到失智了。。。 因为昨天刚写完线段树2，所以pushdown就写得和线段树2一模一样，，，，于是，，，成功的在pushdown的地方，，，各种错 下面讲做法： 首先我们可以观察到每个骑士都是独立的，因此对于每个城池我们可以建一个堆，堆中维护的是在这个城池的骑士。 维护一个小根堆，所
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摘要：做的第一道2-Sat的题emmm。。。 由题意可知，每个评委的两个要求中，至少要满足一个， 因此，如果有一个不满足，那另一个必定要满足 所以对于每道菜我们拆两个点，一个是满族口味，一个是汉族口味， 如果我们要不满足满族口味，也就意味着我们要做汉族口味 所以照着每位评委的菜连边即可 比如说一个评委要求
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摘要：洛谷上有2道相同的题目（基本是完全相同的，输入输出格式略有不同） ～～～题面～～～ ～～～题面～～～ CDQ分治 首先由于删除是很不好处理的，所以我们把删除改为插入，然后输出的时候倒着输出即可 首先这是一个类似于3维偏序的问题： 那么为了理解我的算法，这里先放出我对三维偏序的理解。 三维偏序实质上是
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摘要：发现写算法专题老是写不动，，，， 所以就先把我在luogu上的题解搬过来吧！ 题目大意：查询区间众数，无修改，强制在线 乍一看是一道恐怖的题，仔细一看发现并没有那么难； 大致思路是这样的，首先我们要充分发挥分块暴力大法好的精神 先暴力预处理出每个块内每种蒲公英的个数， 然后求出对每个块而言的前缀和，
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