随笔分类 - 题解
摘要：$\text{Solution}$ 二维平面很容易想到扫描线，然后不知道维护什么信息 颜色的变化自然要能记录下来，所以线段树每个结点维护一个 set 表示覆盖这个点代表区间的所有颜色 这样加入和删除就容易了 统计答案，无非是把当前能看到且未被统计过的颜色统计入答案 考虑一个颜色怎样合法，必然是存在一
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摘要：$\text{Solution}$ Trie 的高阶操作 用权值线段树结构表示这棵 Trie，那么操作时直接线段树分裂取出值域在 $[l,r]$ 内的数构成的 Trie，也即线段树 接着在这棵线段树上修改，修改完后合并回去 看三个位运算，发现 x&y=((x^U)|(y^U))^U} 于是变成两个运
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摘要：$\text{Solution}$ 第二道二项式反演题 挺套路的 设 $g(i)$ 为恰好出现 $S$ 次的颜色至少有 $i$ 种 那么 $$ g(i)=\binom{m}{i}\binom{n}{is}\frac{(is)!}{(s!)^i}(m-i)^{n-is} $$ 然后二项式反演 $$ f
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摘要：$\text{Solution}$ $\text{have gained so many tricks。。。}$ 第一步：设恰好重合 $i$ 条边的答案为 $f(i)$，至少重合 $i$ 条边的答案为 $g(i)$ 那么 $$ g(i)=\sum_{j=i}^{n-1}\binom{j}{i}f(j
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摘要：[JLOI2009]神秘的生物 只需要维护连通情况，采用最小表示法，表示此格是否存在，也即插头是否存在 分情况讨论当前格子的轮廓线上方格子和左方格子状态，转移考虑当前格子选不选，决策后状态最后要能合法 $\text{Code}$ $\text{Code}$ #include <bits/stdc++
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摘要：写了发假的 $\text{ETT}$，$\text{FQH-Treap}$ 维护括号序 $\text{Code}$ #include <bits/stdc++.h> #define IN inline #define eb emplace_back using namespace std; temp
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摘要：[SDOI2011] 消耗战 $\text{Code}$ #include <bits/stdc++.h> #define IN inline #define eb emplace_back #define fi first #define se second #define mp make_pai
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摘要：$\text{[AGC034C] Tests}$ 很容想到二分答案和 $c_i$ 比较固定的选取方法 然后就不会了。。。 接下来就是要发现性质的时候 固定答案时，若此时已有了一组 $a$，考虑对于 $0<a_i,a_j<X$ 的 $a_i,a_j$ 加减 $1$ 发现给 $c$ 值大的 $+1$，小
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摘要：$\text{Solution}$ 莫队配合 $\text{bitset}$ 发现答案困难的部分在于同一个数在三个区间出现次数的最小值 考虑强行拆开看，用莫队处理出每个区间每个数的出现次数，这个可以用 $\text{bitset}$ 然后取 $\min$ 相当于每个询问涉及的三个区间的 $\text
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摘要：$\text{Solution}$ 观察到关于 $x$ 的函数在 $n$ 个操作之后一定是这样的： 一段水平直线加上一段斜率为 $1$ 的直线再加上一段水平直线 于是线段树维护这个分段函数即可 因为我是用斜率为 $1$ 的直线的起点和终点坐标反应这个函数 所以合并分段函数的时候要处理退化成一条水平直
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摘要：普通 $\text{SAM Code}$ #include <cstdio> #include <iostream> #include <cstring> #define IN inline using namespace std; template <typename T> IN void rea
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摘要：$\text{2-SAT}$ 问题 大致是从题目中得到一些限制，形如： $x$ 为真/假或 $y$ 为真/假 问题是给 $x$ 赋值满足上述条件，判定有无解，有则输出一种方案。 我们从条件中推出一些必然关系 如：若 $x$ 为 $a$ ，则 $y$ 必为 $b$ 这是具有传递性的 这样我们只要判断是
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摘要：$\text{Solution}$ 其实不想写（因为不好写。。。 所以贴贴 $\text{Solution}$ 然而就关于这题而言讲得也不太清楚 可撤销贪心就是维护当前状态的最优解，同时考虑以后的反悔 顺着题解，本题在 $k<val$ 时必然换一种购买方式 而当 $k\ge val$ 时，有两种方式
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摘要：总结 $\text{Day1}$ 只打了 $T1$，想正解无果以致于没时间打暴力 $\text{T1}$ 考虑到最后一个面基者要么落在点上，要么落在边上 所以可以枚举点和边，统计最久的落在此处的时间 落在边时考虑到有两个端点作为入口，需要一部分人在一端入，另一部分人从另一端入 这时贪心处理，按从某一
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