12 2018 档案
摘要：一、题面 题目链接 二、分析 该题注意读题的时候有强调边的权值为非负（即可以为0），此题就是求树两个叶子节点之间的最短距离。为了使两个叶子节点之间的距离最短，那么其实就是让每个最后到叶子的那条路径尽量去平摊更多的权值，因为只有这样才能保证最长的哪个路径值是最小的。相当于除了到叶子的路径，其他路径权值
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摘要：一、题面 题目链接 二、分析 这题的关键是要确定一个点是从三个点出发的交汇点，其他的只要结合曼哈顿距离的定义即可明白。因为是三个点，这个交汇点的坐标分别对应的就是x,y值的中值。然后一个小技巧就是曼哈顿距离的输出，两种情况对应两种while循环，等于的情况刚好退出循环。 三、AC代码 1 #incl
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摘要：一、题面 题目链接 二、分析 该题就是一个字符串的还原。长度为奇数时从左边开始，长度为偶数时从右边开始。 三、AC代码 1 #include <bits/stdc++.h> 2 3 using namespace std; 4 5 6 int main() 7 { 8 //freopen("inpu
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摘要：一、题面 题目链接 二、分析 一个简单的数学题目，这里首先要把x分解了看 $x = kd + c$ 这样原问题中的n就变成了 $n = dc$ 上面这个式子中，c因为是x除k取余得到的，那么可以肯定 $c < k$ 有了这个式子，就可以直接暴力去试满足条件的c，并且最小的d就可以满足x的最小值。 三
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摘要：一、题面 POJ3262 二、分析 这题要往贪心上面想应该还是很容易的，但问题是要证明为什么比值关系就能满足。 可以选择几个去分析，入1-6 与 2-15 和 1-6 与2-5 和 1-6 与 2- 12。 三、AC代码 1 #include <cstdio> 2 #include <iostrea
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摘要：一、题面 POJ2492 二、分析 并查集判断类别的题目感觉套路都差不多。 还是先判断在不在一个集合里，在一个集合里才能判断是否同类。 若不在一个集合里则需要将这两个点联系起来。 关于联系起来后关系的变化，画几个图后发现还是异或。 为什么用0表示同类，1表示异类？画几个图发现这样表示关系变换最简单。
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摘要：一、题面 POJ1984 二、分析 这题还是比较有意思的一题。 首先需要清楚的是，这题与普通并查集的区别在于它的节点之间的权值是二维的，因为是曼哈顿距离，肯定不能直接存距离，这样将不利于后面的路径压缩更新。 再看如何解题，先要把输入的数据存起来，因为后面是询问，关于方向的处理直接用正负即可。 存好数
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摘要：一、题面 POJ1733 二、分析 该题与之前做过的带权并查集的唯一区别就是数组开不下。所以需要用离散化的思想，只取那些有用的点来解决该问题。 离散化其实就是把这些所有用到的点收集后，去重，再排一下序，然后用新数组它们的下标代表他们。 接下来数组能开下了，就用带权并查集的做法去做，这里权值可以直接用
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摘要：一、题面 POJ1456 二、分析 1.贪心策略：先保证从利润最大的开始判断，然后开一个标记时间是否能访问的数组，时间尽量从最大的时间开始选择，这样能够保证后面时间小的还能够卖。 2.并查集：并查集直接加快了判断该时间能否卖的速度，贪心原理相同。 三、AC代码 1 //贪心 2 #include <
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摘要：一、题面 HDU3038 二、分析 用并查集可以方便的判断两个位置是否有关系，这种关系可以通过是否有公共父节点判断，如果有公共父节点则可以直接判断是否正确，如果没有公共父节点，就可以把这个条件与之前的联系起来。同时需要设定sum,表示当前点到父节点的权值，这个权值方便后面的判断，这里有几种情况。 假
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摘要：一、题面 POJ1862 二、分析 反省一下，自己英语水平着实不行，该题其实就是问若给出若干个这种生物，根据这种体重变换方式，最终合并成一个后，体重最少是多少。根据公式 $m = 2\sqrt{m_{1}m_{2}}$ 我们可以发现，就是一个开根号，那么为了能够得到更小的体重，肯定要让体重大的先合并
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摘要：一、题面 POJ1703 二、分析 需要将并查集与矢量法则相结合。par数组用以记录父节点，rank用以记录与父节点的关系。如题意，有两种关系，设定0是属于同一个帮派，1表示不属于同一个帮派。 运用并查集的时候判断x，y时考虑几种情况： 1.x与y父节点不相同：此时为不清楚两者关系。 2.x与y父节
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摘要：一、题面 POJ2010 二、分析 堆预处理 首先可以考虑吧随便取一个点，判断两侧的最小的总费用是多少，然后相加判断是否满足条件。如果直接判断会超时，所以需要用大根堆预处理一下。先看从分数最小的往最大的预处理，先取N/2个相加，并把他们都加入到堆中，先假设这个和值是最大的，然后不断往后扫描的过程中，
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摘要：一、题面 POJ2431 二、分析 主要说几个坑 1.给出的点需要根据下标排序。 2.根据不同的方式要把起始点或者终点加进去。我没有转换距离，而是直接从起始点到终点根据距离不断相减判断的，那么起点就是25，所以要把终点0加进去。如果转换距离的话，终点就是相对于出发点25。这个根据个人选择。 三、AC
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摘要：一、题面 POJ3069 二、题意分析 我的理解是，可以在每个点设置一个监测点，能够监测到范围R内的所有其他点，那么问给出N个点的一维位置，需要在其中挑多少个监测点把所有点都监测到。 贪心解决： 1.先排序。 2.考虑第一个点，因为每个点是必须要监测的，那么第一个点需要被监测到，它可以是监测点，也可
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摘要：一、题目 HDU2102 二、题意分析 该题其实就是三位空间内的BFS，但比较简单的是，它设置了传送门，可以直接传送上去，需要注意的是 1.到了传送门的时候要重新考虑传送的点的三种情况。 (1)若又是传送门，这两个点都可以不再考虑了。 (2)若是墙，如题意，直接pass掉。 (3)若是P，找到了。
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摘要：一、题面 POJ1430 二、分析 该题与之前做的八数码不同，它是一个2*4的棋盘，并且没有空的区域。这样考虑的情况是很少的，依然结合康托展开，这时康托展开最多也只乘7的阶乘，完全可以BFS先预处理一遍。 这里需要注意，在处理的时候，仔细读题，他的二维变一维的顺序是顺时针一遍读过来的。 预处理完后，
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摘要：一、题目 http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1043 二、两种方法 该题很明显，是一个八数码的问题，就是9宫格，里面有一个空格，外加1~8的数字，任意一种情况，如果能通过移动空格使数码组成 1 2 3 4 5 6 7 8 0 逆向$BFS$+康托展开
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