洛谷 P3586 [POI2015]LOG

 

P3586 [POI2015]LOG

题目描述

维护一个长度为n的序列，一开始都是0，支持以下两种操作：1.U k a 将序列中第k个数修改为a。2.Z c s 在这个序列上，每次选出c个正数，并将它们都减去1，询问能否进行s次操作。每次询问独立，即每次询问不会对序列进行修改。

输入输出格式

输入格式：

 

第一行包含两个正整数n,m(1<=n,m<=1000000)，分别表示序列长度和操作次数。接下来m行为m个操作，其中1<=k,c<=n，0<=a<=10^9，1<=s<=10^9。

 

输出格式：

 

包含若干行，对于每个Z询问，若可行，输出TAK，否则输出NIE。

 

输入输出样例

输入样例#1： 复制

3 8
U 1 5
U 2 7
Z 2 6
U 3 1
Z 2 6
U 2 2
Z 2 6
Z 2 1

输出样例#1： 复制

NIE
TAK
NIE
TAK

说明

维护一个长度为n的序列，一开始都是0，支持以下两种操作：

1.U k a 将序列中第k个数修改为a。

2.Z c s 在这个序列上，每次选出c个正数，并将它们都减去1，询问能否进行s次操作。

每次询问独立，即每次询问不会对序列进行修改。

 

 

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define maxn 1000010
using namespace std;
int a[maxn],x[maxn],y[maxn],z[maxn],num[maxn],hash[maxn];
int n,m,cnt;
struct node{
    long long c[maxn];
    void add(int x,int y){
        while(x<=cnt){
            c[x]+=y;
            x+=x&-x;
        }
    }
    long long query(int x){
        long long res=0;
        while(x){
            res+=c[x];
            x-=x&-x;
        }
        return res;
    }
}bit1,bit2;
int main(){
    scanf("%d%d",&n,&m);
    char s[5];
    for(int i=1;i<=m;i++){
        scanf("%s",s);
        scanf("%d%d",&x[i],&y[i]);num[i]=y[i];
        if(s[0]=='U')z[i]=1;
        else z[i]=0;
    }
    sort(num+1,num+m+1);
    hash[cnt=1]=num[1];
    for(int i=2;i<=m;i++)
        if(num[i]!=num[i-1])hash[++cnt]=num[i];
    for(int i=1;i<=m;i++)y[i]=lower_bound(hash+1,hash+cnt+1,y[i])-hash;
    for(int i=1;i<=m;i++){
        if(z[i]){
            if(a[x[i]]){
                int j=a[x[i]];
                bit1.add(j,-1);bit2.add(j,-hash[j]);
            }
            a[x[i]]=y[i];
            bit1.add(y[i],1);bit2.add(y[i],hash[y[i]]);
        }
        else {
            long long num1=bit2.query(y[i]-1);
            long long num2=bit1.query(cnt);
            long long num3=bit1.query(y[i]-1);
            if(num1>=1LL*(x[i]-num2+num3)*hash[y[i]])puts("TAK");
            else puts("NIE");
        }
    }
    return 0;
}