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传送门 解题思路 平衡树板子题。 每次所有的数加或减可以O(1)加或减限制，然后删除掉小于当前限制的点，统计答案。 加点时把原权值减去sum然后扔到Splay中，询问第k大时也要把查询的答案加上一个sum。 AC代码 #include<iostream> #include<cstdio> #incl 阅读全文
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传送门 解题思路 首先考虑无解的情况： 首尾距离 \(<s\) 第一个石头到 \(0\) 的距离 \(<s\) 或第二个石头到 \(n+1\) 的距离 \(<s\) 存在一个 \(a[i+1]-a[i-1]<s\) 判断完无解的情况，考虑构造答案。 最简单的方法是过去的时候跳1,3,5,7,9,…… 阅读全文
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传送门 解题思路 先二分答案，然后做一个在树上从叶子节点向上的贪心，让每个叶子尽可能取满。 当然也可以直接树形dp，O(n)。 注意如果WA on test 5，说明爆long long了，因为二分mid可以达到1e14，然后贪心过程中累加可能爆掉。 这时候设置一个inf，如果当前sum>inf,s 阅读全文
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传送门 解题思路 非常好的一道题。 一开始错误的认为对于一个确定的左端点，合法的区间一定是右面的一个前缀。 但事实上并不是。 因为区间[k+1,2k]的起点不确定，所以不满足单调性。 所以正确的解法是先看区间[1,k]，找到最大的k（因为这个区间满足单调性），然后回滚，看看最大k是多少可以使[k+1 阅读全文
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传送门 解题思路 用平衡树维护摧毁的房屋。 摧毁等于insert，修复等于delete，询问等于查询前驱后继。 为了方便先扔进一个0点和n+1点。 注意查询时先进行判断当前房屋是否已经摧毁。 AC代码 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstr 阅读全文
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传送门 解题思路 Splay如何维护序列呢？ 以序列下标作为val值，扔到Splay中。 因为有区间翻转操作，所以实际上并不能保证绝对的按照val值排序，也就是说Splay的中序遍历结果是真正的序列，而val值对应的是当前序列的每个元素原来的位置。 与普通的Splay的区别在于多了一个区间翻转操作， 阅读全文
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传送门 Splay 细节是真他妈多，写了一天，写吐了。 后悔没先学treap了。 需要实现以下函数： void Init()：重置整棵树（删除了整棵树的时候用） int New(int val,int fa)：新建一个节点，权值为val，父亲为fa，返回节点编号 void Delete(int x) 阅读全文
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任何一个ICG（公平组合游戏）都可以转化成一个有向图移动问题，从而使用SG函数求解。 SG函数的定义为：SG(u)=mex{SG(v)}。 mex表示集合中第一个未出现的数字。 SG函数可以用类似拓扑序的方式，从最终状态一步步向前推。 最后若起点的SG函数值不为0，则先手必胜。 若多张图多个起点？ 阅读全文
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点分治 采用分治思想。对树上路径问题进行查询时，把路径分成两部分，一部分是经过根节点的路径，一部分是不经过根节点的路径。 而在处理不经过根节点的路径时，可以才有分治思想，递归到左右子树进行求解。 这样复杂度是 \(O(n^2)\) 的，但是若我们每次选取的根节点都是要求解的子树的重心，则复杂度可以优 阅读全文
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传送门 传送门 判断节点u的子树是否是对称二叉树的方法： 判断hash1[l[u]]是否等于hash2[r[u]]。 其中hash1中存的是按照根左右的顺序的哈希值，hash2存的是按照根右左顺序的哈希值。 当两个hash值相等时，即为对称二叉树。 单哈希和双哈希貌似都不太稳定，而用自然溢出即可AC 阅读全文
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传送门 解题思路 关键点：根据线性基的性质，若序列数字个数大于等于30，则一定有异或值为0的两个集合。 所以对于每个询问，先判断两个点之间的路径长度是否大于等于30，若小于30，直接暴力找，线性基判断，否则直接判断。 对于每次修改，可以用线段树维护树剖。 AC代码 #include<iostream 阅读全文
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传送门 解题思路 首先背过线性基的一个性质吧（因为我不会证明）： 线性基里的每一个异或值出现的次数相等，为 \(2^{n-k}\) 。 然后这题就变成统计某个数是第几大异或值了。 分类讨论在归纳一下： 假设询问的数字是q。当处理到第i位且q的这一位为1，且线性基这一位有数，则 当前面位异或起来得到的 阅读全文
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传送门 前置知识： Nim博弈 线性基 解题思路 注意两人各进行一次操作，所以目的就是要使对方不管怎么拿，都不能到达一个异或和为0的状态。 所以相当于第一次操作结束后，必须保证任意元素异或值不为0。 这就很典型的线性基了，并且和[BJWC2011]元素这个题完全一样，贪心取即可。 AC代码 #inc 阅读全文
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传送门 解题思路 非常清新的一道题。 先假设选择了一条1->n的主路径，然后在这条路径上向外拓展。 发现只有环对答案有影响，因为非环的边一定会走两次，异或和为0。 因为图是联通的，所以可以经过任意环，所以可以把所有的环的异或值扔到线性基里。 然后再考虑选择哪一条路径，我们发现若1->n有多条路径，其 阅读全文
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传送门 解题思路 贪心策略：按照价值从大到小排序，能选就选。 用线性基维护是否发生冲突。 正确性：异或和为0的几个数中去掉价值最低的异或和一定不为0。 AC代码 #include<iostream> #include<algorithm> #include<cmath> #include<cstdi 阅读全文